不等式への招待 第9章 [無断転載禁止]©2ch.net
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>>721 (2)
チェビシェフは不成立でした。スマソ
log(a+b-c) = log(a) + log{1 +(b-c)/a} ≦ log(a) + (b-c)/a,
a log(a+b-c) ≦ a log(a) +b -c,
巡回的にたす。 自然数 k,n (k<n)に対して、(n/k)^k ≦ nCk ≦ (en/k)^k を示せ。
ここで e はネイピア数。 >>723
左側:
C[n, k] = Π[j=0, k-1] (n-j)/(k-j) > Π[j=0, k-1] (n/k) = (n/k)^k,
右側: 補題より
C[n, k] = n(n-1)…(n-k+1)/k! < (n^k)/k! < e^(k-1)・(n/k)^k,
〔補題〕
k≧2 のとき (k^k)/k! < e^(k-1),
(略証)
(1 +1/j)^j = Σ[L=1, j] C[j, L](1/j)^L = Σ[L=1, j] (1-1/j)(1-2/j)…(1-(L-1)/j)/L!
はjについて単調増加。
∴ {(j+1)/j}^j = (1 + 1/j)^j < e,
j=1,…,k-1 を入れて掛けると
(k^k)/k! < e^(k-1),
(別法)
マクローリン展開から
e^x > x^{k-1} /(k-1)! + (x^k)/k! + x^{k+1} /(k+1)!
= (x^k)/k! {(k/x) + 1 + x/(k+1)},
e^k > (k^k)/k! {2 + k/(k+1)} > (k^k)/k! e, (k≧3)
∴ e^{k-1} > (k^k)/k!,
k=2 は直接確かめる。 (終) R^n上の対称行列Tが任意のx∈R^nに対して(x,Tx)≧0を満たす時、T≧0と定義する
又、対称行列U,Vに対してU-V≧0の時、U≧Vと定義する
この時、以下について答えよ
(1)R^n上の任意の対称行列T≧0に対し、T=U^2となる対称行列U≧0が一意に存在する事を示せ(尚、この時、U=√Tと定義する)
(2)R^n上の任意の対称行列A,B≧0に対し、A+B≧2√(AB)の真偽を答え、真ならば証明を、偽ならば反例を挙げよ ゴルフ行こうよ。永遠の−0テンプルバンカーショット。ナイトゴルフ。SWVPW。 >>725 (2)
A,Bが対称行列でもABが対称行列になるとは限らないぞ。 >>724 の〔補題〕
分かスレ447 - 82, 438 >>724 の補題を改良
〔補題'〕
k≧2 のとき (k^k)/k! < e^(k-1) < (k^k)/(k-1)!
(略証)
(1 -1/jj)^j > 1 -1/j, … AM-GM
(1 +1/j)^j = (1 -1/jj)^j /(1 -1/j)^j > 1/(1 -1/j)^(j-1) = {1 +1/(j-1)}^(j-1),
∴ (1 +1/j)^j = {(j+1)/j}^j はjについて単調増加
∴ {(j+1)/j}^j < e,
j=1,2,…,k-1 を入れて掛けると
(k^k)/k! < e^(k-1),
{jj/(jj-1)}^j > (1 +1/jj)^j > (1 +1/j), … AM-GM
∴ {j/(j-1)}^j = {jj/(jj-1)}^j・(1 +1/j)^j > (1+1/j)^(j+1)
∴ (1 +1/j)^(j+1) = {(j+1)/j}^(j+1) はjについて単調減少
∴ {(j+1)/j}^(j+1) > e,
j=1,2,…,k-1 を入れて掛けると
(k^k)/(k-1)! > e^(k-1),
分かスレ447-448 >>725 (1)
Tのn個の固有値d_j を主対角線に並べた実対角行列を D とし、
対応する固有ベクトルw_j を各列に並べた行列をWとする。
T w_j = w_j d_j,
T W = W D,
n個の固有ベクトルw_jが1次独立のとき |W|≠0 で Tは対角化可能。
T = W D W^(-1),
T≧0 すなわち Tの固有値がすべて非負のとき、Dの対角要素が非負で、√Dも実対角行列。
T = W D W^(-1) = {W √D W^(-1)}^2 = U^2,
Tが実対称行列のときは、固有ベクトルを適当に選んでWを実直交行列にとれる。
W^(-1) = W~ >>732
訂正
A+B≧√2(AB+BA)は成り立つかでした a, b, c >0 に対して、
a/{b(b+c)^2} + b/{c(c+a)^2} + c/{a(a+b)^2} ≧ 9/{4(ab+bc+ca)}
今年も不等式の秋が来ましたな。
9/{4(ab+bc+ca)} の出てくる不等式は過去スレで扱ったな。 x, y ∈ R に対して、
(1) 1/(x+1)^2 + 1/(y+1)^2 ≧ 1/(xy+1)
(2) a^3 + b^3 + c^3 - 3abc ≦ (a^2 + b^2 + c^2)^(3/2) a, b, c > 0 に対して、
(1) 3 + √{(a^2 + b^2 + c^2)(1/a^2 + 1/b^2 + 1/c^2)} ≧ (2/3)(a+b+c)(1/a + 1/b + 1/c)
(2) √{(a^4 + b^4 + c^4)(1/a^4 + 1/b^4 + 1/c^4)} ≧ 1 + √[1 + √{(a^5 + b^5 + c^5)(1/a^5 + 1/b^5 + 1/c^5)}]
(3) a^4/(a^3 + b^3) + b^4/(b^3 + c^3) + c^4/(c^3 + a^3) ≧ (a+b+c)/3
(4) {(a-b)/c}^2 + {(b-c)/a}^2 + {(c-a)/b}^2 ≧ (2√2)*{(a-b)/c + (b-c)/a + (c-a)/b}
(5) a/{√(2b^2+2c^2)} + b/(c+a) + c/(a+b) ≧ 3/2
(6) a+b+c=3 のとき、44 ≧ (a^2+2)(b^2+2)(c^2+2) ≧ 27
参考 (2) https://artofproblemsolving.com/community/q1h1328831p7152622 むかし立ち読みした本に、不等式の証明を行列を使ってやっていたんだけど、どんな本を検索したら見つかりますかね? >>737
9/{4(ab+bc+ca)} の出てくる不等式…
〔問題〕
a,b,c > 0 に対して
1/(b+c)^2 + 1/(c+a)^2 + 1/(a+b)^2 ≧ 9/{4(ab+bc+ca)},
イランMO-1996
Inequalitybot [148]
>>738
(1)
(x, y) = (2 -1/n, -1/2),
1/(xy+1) = 2n,
(2)
a+b+c = s, ab+bc+ca = t とおく。
|a^3+b^3+c^3-3abc| = |a+b+c| (aa+bb+cc-ab-bc-ca)
= |s| (ss-3t)
≦ (ss-2t)^(3/2) (← GM-AM)
= (aa+bb+cc)^(3/2),
*) ss≧0, ss-3t≧0 より、AM-GM で
(ss-2t)^3 - ss(ss-3t)^2 = (3ss -8t)tt = (1/3){8(ss-3t) +ss}tt ≧ 0, >>738 (2) を改造^^
a,b,c∈R に対して
| a^3+b^3+c^3 - 3abc |^2 ≦ (aa+bb+cc)^3 - (ab+bc+ca)^3,
(略証)
s = a+b+c, t = ab+bc+ca とおく。
(ss-2t)^3 - t^3 - ss(ss-3t)^2 = 3(ss-3t)tt ≧ 0,
(左辺) = ss(ss-3t)^2 ≦ (ss-2t)^3 - t^3 = (右辺), >>738 (2) を改造^^
a,b,c∈R に対して
| a^3+b^3+c^3 - 3abc |^2 ≦ (aa+bb+cc)^3 + 8(ab+bc+ca)^3,
(略証)
s = a+b+c, t = ab+bc+ca とおく。
(ss-2t)^3 + (2t)^3 - ss(ss-3t)^2 = 3sstt ≧ 0,
(左辺) = ss(ss-3t)^2 ≦ (ss-2t)^3 + (2t)^3 = (右辺), >>742>>743
乙でござるな。 この2つは どこか修正が入ったの? >>739
(3)
a^4 - (a^3+b^3)(a-kb) = {k(a^3+b^3) -abb} b
= {k[a^3 +(1/2)b^3 +(1/2)b^3] -abb} b
≧ {3k/(2^(2/3)) -1} ab^3, (AM-GM)
(係数) ≧0 より
k = (1/3)・2^(2/3) = 0.529133684
a^4/(a^3 + b^3) ≧ a - kb,
循環的にたす。
(左辺) ≧ (1-k)(a+b+c) = 0.470866316 (a+b+c). >>742 は >>609 (2), >>612 にござる。
>>739 (6) 右側 は >>616 >>618
(aa+2)(bb+2)(cc+2) = uu + 2(tt-2su) + 4(ss-2t) + 8
= (uu+1+1) + (2/3)(t-3)^2 + (4/3)(tt-3su) + (ss-4t) + 3ss
≧ 3ss,
※ (uu+1+1) + (ss-4t) ≧ 3u^(2/3) + {F1(a,b,c)-9u}/s
= 3{u^(2/3) -3u/s} + F1(a,b,c)/s
≧ 0, >>618 >>739 (6) >>747
a,b,c ≧ 0, a+b+c ≦ √(8k) のとき
kk{(a+b+c)^2 +k} ≧ (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (3kk/4)(a+b+c)^2,
左側は
a+b+c ≦ √(8k) より
ab ≦ (1/4)(a+b)^2 ≦ 2k,
(a+b)c ≦ (1/4)(a+b+c)^2 ≦ 2k,
(aa+k)(bb+k) = k{(a+b)^2 +k} - ab(2k-ab) ≦ k{(a+b)^2 +k},
∴ (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≦ k{(a+b)^2 +k}(cc+k) = kk(ss+k) -k(a+b)c{2k-(a+b)c} ≦ kk(ss+k), >>741 (上)
4(ab+bc+ca){1/(b+c)^2 + 1/(c+a)^2 + 1/(a+b)^2} - 9
= {ab(4aa+7ab+4bb)(a-b)^2 + bc(4bb+7bc+4cc)(b-c)^2 + ca(4cc+7ca+4aa)(c-a)^2 + (2abc)F_1(a,b,c)}/{(a+b)(b+c)(c+a)}^2
= {4t・F_2+(3tt/s)F_1+(9tu/s)F_0+(st-9u)u} / (st-u)^2
≧ 0,
F_n (a,b,c) = (a^n)(a-b)(a-c) + (b^n)(b-c)(b-a) + (c^n)(c-a)(c-b) ≧ 0, >>724
なるへそ。右辺のeは1個少なくても成り立つんですな。 さあ、はじめようか?
>>737の左辺は、どこに挟まるのでござるかな?
{a/(2bc)}^2 + {b/(2ca)}^2 + {c/(2ab)}^2
≧ 1/(4a^2) + 1/(4b^2) + 1/(4c^2)
≧ 1/(4ab) + 1/(4bc) + 1/(4ca)
≧ 1/(b+c)^2 + 1/(c+a)^2 + 1/(a+b)^2 ← (>>741, >>749)
≧ 9/{4(ab+bc+ca)}
≧ 1/{(a+b)(b+c)} + 1/{(b+c)(c+a)} + 1/{(c+a)(a+b)}
≧ 9/{(a+b)(b+c) + (b+c)(c+a) + (c+a)(a+b)}
≧ 27/{4(a+b+c)^2}
≧ 9/{(a+b)^2 + (b+c)^2 + (c+a)(a+b)^2}
≧ 9/{4(a^2 + b^2 + c^2)}
" ;ヾ ; ;";ヾ; ;"/" ; ;ヾ ;ヾ;ヾ ; ;ヾ ; ; ヾ ;ゞ " ;ヾ ; ;";ヾゝゝ" ;ヾゞ ヽ /
,." ;ヾ ; ;";ヾ; ;"/" ; ;ヾ ;ヾ;ヾ ; ;ヾ ; ; ヾ ;ゞ " ;ヾ ; ;";ヾゝゝ" ;ヾ ; ; ヾ ;ゞ; \ /
ゞヾ ; ;" ; ; ;; ;"iiiiii;;;;;::::: :)_/ヽ,.ゞ:,,ヾゞヾゞ__;::/ ` ` ` ー ─ ' `
ゞヾゞ;\\iiiiii;;;;::::: :|;:/ヾ; ;ゞ "ゝゞ ; ;`
" ;゛ ; ;" ; ;ゞ "|iiiiii;;;;::: : |:/ ヾゞ ` ` ` `
` ,|i;iiiiiii;;;;;;::: :| ` ` ` ` ` ` `
,|iiii;iiii;;;;:;_ _: :| ___ 不等式の秋 ` ` `,
` |iiiiiii;;;;;;((,,,):::|/ ≧ \ ヾ从//"
` |iiiiiiii;;;;ii;;;;;;;;::|::::: (● (● | ` ゙ ` ヾ'./"
|iiiiii;iii;;;;i;;:: ::::|ヽ::::......ワ...ノ ○ .||. ,
` |iii;;iiiii;::;:;;;;::::::| ( つ且 ~ ` ○○ | |
, , .,.. ,..M|M|iMii;;ii:i;;i:i;:; ゝ つつ.,.. ,...... ,.... ,,,.,.. ,.... ,,,.,.. ,..,,,,.,...,..,.,| ̄ ̄|,.,..( ).. ,,,..,,.. ,.... ,,,.,...,.. .. ,.... ,,,.,.. ,.... ,,, a, b, c > 0に対して、
(a^2 + 3b^2)(b^2 + 3c^2)(c^2 + 3a^2) ≧ {(a-b)(b-c)(c-a)}^2 ←(>>709-710)
a, b, c > 0に対して、
(a^2 + ab + b^2)(b^2 + bc + c^2)(c^2 + ca + a^2) ≧ {(a-b)(b-c)(c-a)}^2.
ところで
(a^2 + 3b^2)(b^2 + 3c^2)(c^2 + 3a^2) と (a^2 + ab + b^2)(b^2 + bc + c^2)(c^2 + ca + a^2)
の大小は定まりそうにないですが、どうですか? >>748
神掛かってる!
大量投下したやつを今ごろ確認しているところでござるが、関連する昨夏の不等式を再掲。
(自分のmemoから抜き出したので、未紹介のものもあるかもしれない。)
a、b、c∈R、k≧0、4≧λ≧0 に対して、
(1) (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (3kk/4)*(a+b+c)^2
(2) (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ {(4k/3)^(3/2)}*(a-b)(b-c)(c-a)
(3) (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (kk/4)*{λ(aa+bb+cc) + (9-λ)(ab+bc+ca)}
(4) {aa+ (k+1)/3}{bb+ (k+1)/3}{cc+ (k+1)/3} ≧ {(k+4)/3}^2*{ab+bc+ca+ (k-5)/3}
a、b、c∈R、k≧1 に対して、
(5) (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (k+1)^2*(ab+bc+ca+k-2) + (abc-1)^2
a、b、c∈R、k≧2 に対して、
(6) (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (k+1)(ab+bc+ca+k-2)^2
a、b、c∈R、k≧(√2)-1 に対して、
(7) (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (k+1)^2*{(a+b+c)^2/3 + k-2} >>753
訂正。(3)(5)は a,b,c≧0. >>748
> a,b,c ≧ 0, a+b+c ≦ √(8k) のとき
> kk{(a+b+c)^2 +k} ≧ (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (3kk/4)(a+b+c)^2,
左側の等号成立条件は a=b=c=k=0 以外にありますか? >>755
kは要らんね、a=b=c=0以外に等号が成立することあるかな? 連投すまぬ。
a,b,cのうちの2つが0なら成り立ちますね。他にないかな? >>755
a,b,cのうちの少なくとも2つが0、
a,b,cのうちの一つが0で、2つが√(2k)のとき
これだけかな? >>738 (1)
x, y >0 として証明。
lhs - rhs = {xy(x-y)^2 + (xy-1)^2}/{(x+1)^2 (y+1)^2 (xy+1)} ≧0.
一般化できるかな?つまり、
x,y,z>0 のときに、1/(x+1)^2 + 1/(y+1)^2 + 1/(z+1)^2 ≧ 1/(xyz+1) は成り立つ? 4文字なら、a,b,c,d>0に対して、
1/(1+a)^2 + 1/(1+b)^2 + 1/(1+c)^2 + 1/(1+d)^2
≧ 1/(1+ab) + 1/(1+cd)
> 1/(1+abcd). 〔補題〕
(1) 4(2-√3) > (√6 -√2),
(2) 12(2-√3) > 4(2-√3) + 2(√6 -√2) > 3(√6 -√2),
(3) (√2 +√3) > 2(√6 -√2) + 4(2-√3),
(4) 22/7 > 2(√6 -√2) + 4(2-√3),
(5) 6 + (√6 -√2) > (√5)(√2 +√3), >>761
(1)
√3 -1 ≒ 0.7320508 1/√2 ≒ 0.70710678
(左辺) - (右辺) = 2(√3 -1)(√3 -1 -1/√2) > 0,
(2)
(1) から直ちに出る。
(3)
(左辺) - (右辺) = (1/4)(√2 -1)^2・(√3 -1)^4・(√3 -√2) > 0,
(4)
(左辺) - (右辺) = (1/14)(√2 -1)^3・(√3 -1)^4・(3√6 -7) > 0,
(5)
さてどうするか…
なお、Snellius-Huygens から、2(√6 -√2) + 4(2-√3) > π が分かる。 >>761
(1)別解
4tan(π/12) > π/3 > 4sin(π/12),
4(2-√3) > π/3 > (√6-√2),
http://d.hatena.ne.jp/haruya12/20120314/1331712378 >>759
s = x+y+z, t = xy+yz+zx, u = xyz とおく。
lhs - rhs = {3+4s+2ss+2(st-3u)+(tt-2su)}/(u+t+s+1)^2 - 1/(u+1)
= {2+2s+(ss-2t)-5u+2(ss-t)u+2(st-9u)u+11uu+(tt-2su)u}/{(u+t+s+1)^2・(u+1)},
≧0. (← x,y,z≧0)
* 2 -5u +11uu = 63/44 + 11(5/22 -u)^2 ≧ 63/44, >>764
キタ━(゚∀゚)━!!!
なるほど、対称式とSchurすごいな。 stu method でも呼ぶかな n変数にして証明できますかね?
a_k >0 (k=1,2,…n) に対して、Σ1/(1+a_k)^2 ≧ 1/(1+Πa_k). x>0に対して、9x^{10} + 2 ≧ 9x^8 + 2x^9 をAM-GMで示せ。
(蛇足だが、この不等式は任意の実数で成り立つ) >>766
nについての帰納法でやってみた。
n=2 は >>759 より成立。
n≧3 のとき
(1) x_j ≧ 1 があるとき、帰納法の仮定により
Σ[k=1,n] 1/(1+a_k)^2 > Σ[k≠j] 1/(1+a_k)^2
≧ 1/(1+Π[k≠j] a_k)
≧ 1/(1+Π[k=1,n] a_k),
(2) x_1〜x_n がすべて1以下のとき、右辺は増加する。
・n=3 の場合がチョト面倒。
(右辺) = 1/(xyz+1) - 1/(xy+1)
= xy(1-z)/{(xyz+1)(xy+1)}
≦ xy(1-z)/{xy(z+1)} (← xy(1-z)≧0)
= (1-z)/(z+1),
(左辺) - (右辺) ≧ 1/(xy+1) + 1/(z+1)^2 -1/(xyz+1) (←帰納法の仮定)
≧ 1/(z+1)^2 - (1-z)/(z+1)
= {z/(z+1)}^2
≧ 0,
・n≧4 ならば
Σ[k=1,n] 1/(1+a_k)^2 ≧ Σ[k=1,n] 1/4 (← a_k≦1)
= n/4
≧ 1
> 1/(1+Π[k=1,n] a_k), >>767
AM-GM より
9x^10 -10x^9 + 1
= (x-1) (9x^9 -x^8 -x^7 -x^6 -x^5 -x^4 -x^3 -x^2 -x -1)
= (x-1)^2 (9x^8 +8x^7 +7x^6 +6x^5 +5x^4 +4x^3 +3x^2 +2x +1)
= (x-1)^2 {5x^8 + (x+1)^2 (4x^6 +3x^4 +2x^2 +1)}
≧ 0,
AM-GMより
4x^10 -5x^8 + 1
= (x^2 -1) (4x^8 -x^6 -x^4 -x^2 -1)
= (x^2 -1)^2 (4x^6 +3x^4 +2x^2 +1)
≧ 0,
(与式) = {(上) + (下)・9}/5 >>769
ごめん、どこでAM-GMを使っているのか分からない。 >>767
(左辺) - (右辺) = 2(4x^10 -5x^8 +1) + {(x-1)x^4}^2
≧ 2(4x^10 -5x^8 +1)
= 2{(X^5 + X^5 + X^5 + X^5 + 1) - 5 X^4} (← X=x^2≧0)
≧ 0,
最後のところで AM-GM を使いました。 >>767
AM-GMより、
x^{10} + x^9 ≧ 2x^9,
8x^{10} + 2 ≧ 10x^8. (x^8 が8個と 1が2個)
辺々加えて、
9x^{10} + 2 + x^8 ≧ 10x^8 + 2x^9.
( ゚∀゚) ウヒョッ! >>738(1) >>759 >>764 >>768
> x,y,z>0 のとき、1/(x+1)^2 + 1/(y+1)^2 + 1/(z+1)^2 ≧ 1/(xyz+1).
右辺を見て次の不等式を思い出したが、繋がるかな?
x,y,z>0 のとき、1/{x(1+y)} + 1/{y(1+z)} + 1/{z(1+x)} ≧ 3/(1+xyz). >>767
p_0 = 9,
p_1(x) = 6.19544630295 + (x-0.03352960039751934)^2 p_0 > 0,
p_2(x) = 3.8953637526451576 + (x-0.003121543171869486)^2 p_1(x) > 0,
p_3(x) = 2.0721715662084579 + (x+0.08618793580133872)^2 p_2(x) > 0,
p_4(x) = x^8 + 2(x+1)^2 (4x^6 +3x^4 +2x^2 +1),
= 0.5197441948878409 + (x+0.8393520966569508138)^2 p_3(x) > 0,
p_5(x) = 9x^10 -2x^9 -9x^8 +2 = (x-1)^2 p_4(x) > 0,
( ゚∀゚) ウヒョッ! >>774
細かい数字が出てよく分からんけど、p_k(x) の定義は何ですか? >>768
> n≧3 のとき
> (1) x_j ≧ 1 があるとき、帰納法の仮定により
> Σ[k=1,n] 1/(1+a_k)^2 > Σ[k≠j] 1/(1+a_k)^2
不等号が逆向きになりませんか?
Σ[k=1,n] 1/(1+a_k)^2 < Σ[k≠j] 1/(1+a_k)^2 >>737
(問題再掲)
> a, b, c >0 に対して、
> a/{b(b+c)^2} + b/{c(c+a)^2} + c/{a(a+b)^2} ≧ 9/{4(ab+bc+ca)}
(証明)
(ab+bc+ca)*[a/{b(b+c)^2} + b/{c(c+a)^2} + c/{a(a+b)^2}]
≧ [ √(ab*a/{b(b+c)^2}) + √(bc*b/{c(c+a)^2}) + √(ca*c/{a(a+b)^2}) ]^2
= [ a/(b+c) + b/(c+a) + c/(a+b) ]^2
≧ (3/2)^2.
∧_∧
( ;´∀`) < シコシコ、ネビットの順に使うナリ。
人 Y /
( ヽ し
(_)_) >>759 >>766 >>768
n≧3 のとき
p = Π[k=1,n-1] a_k, z = a_n とおく。
(右辺) = 1/(p・z+1) - 1/(p+1)
= p(1-z)/{(p・z+1)(p+1)}
= Max{ p(1-z)/{(p・z+1)(p+1)}, 0}
≦ Max{ (1-z)/(z+1), 0}
≦ 1/(z+1)^2,
∴ (左辺) - (右辺) ≧ 0,
>>775
p_k(x) は 2k次の多項式。
p_5(x) = (左辺) - (右辺) = 9x^10 -2x^9 -9x^8 +2,
p_k(x) の最小値を b_k とし、そのときのxを a_k とする。
p_{k-1}(x) = {p_k(x) - b_k}/(x-a_k)^2, >>746
するってぇと、こういうことかい?
k = (1/n)*(n-1)^{(n-1)/n} とおくとき、a,b,c>0 に対して、
a^{n+1}/(a^n + b^n) + b^{n+1}/(b^n + c^n) + c^{n+1}/(c^n + a^n) ≧ (1-k)(a+b+c). >>710
一般の自然数nの場合に右辺はどうなるのでせうか? 次式は成り立ちますか?
a,b,c>0に対して、
(a-b)(a-c)a^n + (b-c)(b-a)b^n + (c-a)(c-b)c^n ≧ (n+1){(a-b)(b-c)(c-a)}^2. >>781
両辺の次数が合ってないから、考えるだけ無駄ですな。 a,b,c>0とし、Δ= (a-b)(b-c)(c-a)とおく。昨夏にやった不等式について。
(1) (27/8)*(a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2) ≧ (a^2+ab+b^2)(b^2+bc+c^2)(c^2+ca+a^2) ≧ (a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2) ≧ Δ^2
(2) k*Δ^2 ≧ (a^2-ab+b^2)(b^2-bc+c^2)(c^2-ca+a^2) ≧ Δ^2
(3) m*Δ^2 ≧ (a-b)(a-c)a^4 + (b-c)(b-a)b^4 + (c-a)(c-b)c^4 ≧ 5Δ^2
(疑問1) k、mの値を知りたい。
(疑問2) (1)もΔ^2の定数倍で挟みたい。 >>760
1/(1+ab) + 1/(1+cd) > 1/(1+ab/2)^2 + 1/(1+cd/2)^2 > 1/(1+abcd/4),
>>738(1) >>759
>>773 (下)
1/{x(1+y)} + 1/{y(1+z)} + 1/{z(1+x)} ≧ 3/{G(1+G)} ≧ 3/(1+xyz),
G = (xyz)^(1/3),
バルカンMO-2006
[8] 安藤哲哉 (2014) 例題3.1.7(4)
[9] 佐藤淳郎[訳] (2013) 問題3.93
Inequalitybot [77]
>>783
例えば a=b≠c ⇒ =0 ・n=2
1/(1+a)^2 + 1/(1+b)^2 > 1/(1+ab), >>759(上)
・n=3
1/(1+a)^2 + 1/(1+b)^2 + 1/(1+c)^2 > 1/(1+abc/2), >>759(下) >>773(上)
・n=4
1/(1+a)^2 + 1/(1+b)^2 + 1/(1+c)^2 + 1/(1+d)^2 > 1/(1 + abcd/4), >>760 >>784
・nについての帰納法で >>784
Σ1/(1+a_k)^2 ≧ 1/{1 + 4Π(a_k /2)}, >>785 念のため…
〔補題〕
n≧2, a_k≧0 (k=1〜n) のとき
Σ[k=1, n] 1/(1+a_k)^2 ≧ 1/{ 1 + (Π[k=1, n] a_k) /2^(n-2) },
(略証)
nについての帰納法による。
・n=2 のとき
>>759 (上)
・n≧3 のとき
(左辺) = Σ[k=1, n] 1/(1+a_k)^2
≧ 1/{1 + (Π[k=1, n-1] a_k) /2^(n-3) } + 1/(1+a_n)^2 (←帰納法の仮定)
≧ 1/{1 + (Π[k=1, n-1] a_k) /2^(n-2) }^2 + 1/(1+a_n)^2
≧ 1/{1 + (Π[k=1, n] a_k) /2^(n-2) } ( >>759 上)
= (右辺). (a^2-ab+b^2)(b^2-bc+c^2)(c^2-ca+a^2) を同じ式で挟むとしたら、こんなもん?
(a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2)
≧ (a^2-ab+b^2)(b^2-bc+c^2)(c^2-ca+a^2)
≧ (8/27)*(a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2)
>>784
成程、a=bのときを考えれば凾ナ挟めないのは明らかですね。
>>786
ちょうど悩んでいたところで助かりますた。
直近でやった不等式が使えるとは、偶然以上の何かを感じる… >>753
(1) (aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (3kk/4)ss + (u-K)^2, ただし K = (k/2)^(3/2),
[前スレ.456] [前スレ.469] >>4 [3]
(略証)
(aa+k)(bb+k)(cc+k) = uu + k(tt-2su) + kk(ss-2t) + k^3
= {uu + 2(k/2)^3} + (2k/3)(tt-3su) + (k/3)(t-3k/2)^2 + kk(ss-t) + (3kk/4)ss
≧ (u-K)^2 + (k/3)(t-3k/2)^2 + (2k/3)(tt-3su) + (kk/4){ss-4t+3u^(2/3)} + (3kk/4)ss
= (u-K)^2 + (k/3)(t-3k/2)^2 + (2k/3)(tt-3su) + (kk/4s)F1(a,b,c) + (3kk/4)ss,
※ uu + 2(k/2)^3 = uu + 2KK = (u-K)^2 + K(u+u+K) ≧ (u-K)^2 + (3kk/4)u^(2/3),
ただし K = (k/2)^(3/2),
ss -4t +3u^(2/3) ≧ ss -4t +9u/s = F1(a,b,c)/s,
(3) はλ=4 が最良で、
(aa+k)(bb+k)(cc+k) ≧ (kk/4)(4ss-3t) + (u-K)^2, 但し K = (k/2)^(3/2),
[前スレ.469] >>4 [4] >>36 去年、アイゼンシュタイン整数を使って、a,b,c>0に対して、
(1) (a^2+ab+b^2)(b^2+bc+c^2)(c^2+ca+a^2) ≧ (3√3/8)*|(a^2-bc)(b^2-ca)(c^2-ab)|,
(2) (a^2+ab+b^2)(b^2+bc+c^2)(c^2+ca+a^2) ≧ (3√3/8)*(ab+bc+ca)^3
が出て、でも(2)は次より弱いから無視。
(3) (a^2+ab+b^2)(b^2+bc+c^2)(c^2+ca+a^2) ≧ (ab+bc+ca)^3
もっと細かく書くと、
(a^2+ab+b^2)(b^2+bc+c^2)(c^2+ca+a^2)
≧ (27/64)*(a+b)^2 (b+c)^2 (c+a)^2
≧ (1/3)*(a+b+c)^2 (ab+bc+ca)^2
≧ (ab+bc+ca)^3.
------------------------------------------------
(疑問1) 同様にやったら、次が成り立つと思うんですが、計算合ってます蟹?
(1)’ (a^2-ab+b^2)(b^2-bc+c^2)(c^2-ca+a^2) ≧ (3√3/8)*|(a^2-bc)(b^2-ca)(c^2-ab)|,
(2)’ (a^2-ab+b^2)(b^2-bc+c^2)(c^2-ca+a^2) ≧ (3√3/8)*|ab-bc+ca|^3
------------------------------------------------
(疑問2) (2)より強い(3)があったように、(2)’より強い次式って成り立ちますか?
2乗の差をとって計算していたのですが、挫折しますた。
(3)’(a^2-ab+b^2)(b^2-bc+c^2)(c^2-ca+a^2) ≧|ab-bc+ca|^3 >>787
8/27 じゃなくて 1/8 だよな。 ------------------------------------------------
(疑問3) a,b,c>0 に対して、
4(a^2 + b^2 + c^2)^3 ≧ (a^2-ab+b^2)(b^2-bc+c^2)(c^2-ca+a^2)
が成り立つけど、左辺の係数の4をもっと小さくできないだろうか?
(左-右 = 12t(F_0)^2 + 12t^2 F_0 + 4t^3 + (2F_1 - st + 9u)^2 ≧0)
------------------------------------------------
(疑問4) 以前やった2つの不等式
a,b,c>0 に対して、(a^2+ab+b^2)(b^2+bc+c^2)(c^2+ca+a^2) ≧ {(a-b)(b-c)(c-a)}^2,
a,b,c∈Rに対して、(a^2+b^2+c^2)^3 ≧ 2{(a-b)(b-c)(c-a)}^2
の左辺について、a,b,c>0 に対して何か不等式は作れないだろうか? 👀
Rock54: Caution(BBR-MD5:1341adc37120578f18dba9451e6c8c3b) >>791
疑問3は計算間違っていました。すみません。 (1) a,b,c∈R に対して、8(a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2) ≧ (a+b)^2 (b+c)^2 (c+a)^2.
(2) a,b,c∈R に対して、2(a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2) ≧ (a-b)^2 (b-c)^2 (c-a)^2.
(3) a,b,c>0 に対して、(a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2) ≧ (a-b)^2 (b-c)^2 (c-a)^2.
(2),(3) に比べて (1)の左辺の係数8が大きいですが、これが限界?
(1)の条件を a,b,c>0 に変えたら、係数は小さくできるかな?
最良値かどうかを判断する考え方がイマイチ分かりませぬ… ('A`) >>789
(3) (aa+ab+bb)(bb+bc+cc)(cc+ca+aa) ≧ (1/3)sstt ≧ |t|^3,
(略証)
ss±3t = {(a±b)^2 + (b±c)^2 + (c±a)^2}/2 ≧ 0, (複号同順)
∴ |t| ≦ ss/3,
(疑問1)
(1)' … 1
(aa-ab+bb)(bb-bc+cc)(cc-ca+aa) - (aa-bc)(bb-ca)(cc-ab)
= {(a-b)cc}^2 + {(b-c)aa}^2 + {(c-a)bb}^2 + (abc)^2
≧ 0,
(aa-ab+bb)(bb-bc+cc)(cc-ca+aa) + (aa-bc)(bb-ca)(cc-ab)
= {(a-b)ab}^2 + {(b-c)bc}^2 + {(c-a)ca}^2 + (abc)^2
≧ 0,
(2)' … 1/27
(疑問2) … 1/27
(3)’(aa-ab+bb)(bb-bc+cc)(cc-ca+aa) ≧ (1/81)sstt ≧ (1/27)|t|^3,
(3) と同様に出ます。(*) 右辺はtのままです。 >>791 >>792
(疑問3) … 3/8
(aa-ab+bb)(bb-bc+cc)(cc-ca+aa) = (ss-3t)(tt-3su) + stu -8uu,
(左辺) - (右辺)
= (3/8)(aa+bb+cc)^3 - (aa-ab+bb)(bb-bc+cc)(cc-ca+aa)
= (3/8)(ss-2t)^3 - (ss-3t)(tt-3su) -stu +8uu
= (1/32)(3s^3 -10st +16u)^2 + (3/32){s(ss-2t)}^2 (←uで平方完成)
≧ 0,
等号成立は (a, 0, -a) etc. >>794
絶対値は間違いです...orz
(3) (aa+ab+bb)(bb+bc+cc)(cc+ca+aa) ≧ (1/3)sstt,
(3)’(aa-ab+bb)(bb-bc+cc)(cc-ca+aa) ≧ (1/81)sstt, >>794 >>795 >>796
aa+ab+bb = (3/4)(a+b)^2 + (1/4)(a-b)^2,
aa-ab+bb = (1/4)(a+b)^2 + (3/4)(a-b)^2,
(a+b)(b+c)(c+a) = st-u ≧ 8st/9,
(3)
(aa+bb+cc)^3 ≧ (27/8)(aa+bb)(bb+cc)(cc+aa) AM-GM
≧ (aa+ab+bb)(bb+bc+cc)(cc+ca+aa)
≧ (1/3){9(a+b)(b+c)(c+a)/8}^2
≧ (1/3)sstt,
(3')
(3/8)(aa+bb+cc)^3 ≧ (aa-ab+bb)(bb-bc+cc)(cc-ca+aa)
≧ {(a+b)(b+c)(c+a)/8}^2
≧ (1/81)sstt,
>>794 (1)' から >>611 (6) >>791
(疑問4)
(上) >>752 (中)
(下) >>609 (3)
>>793
(1) これが限界。 a=b=c で等号が成立するなら、a,b,c>0 に変えても同じぢゃね?
(2) (1-i)(a+ib)(b+ic)(c+ia) = -(a-b)(b-c)(c-a) + i{(a+b)(b+c)(c+a) - 4abc},
>>609 (4) >>615 >>794-798
非常に詳しくありがとうございます。一つ一つ確認しているところです。 >>741
> |s| (ss-3t) ≦ (ss-2t)^(3/2) (← GM-AM)
どのように相加相乗を使っているのですか? 742-743を見て、探してみたが、意外と少なかった… ('A`)ヴォエァ!
------------------------------------------
不等式スレ内を検索して
a^3+b^3+c^3-3abc : >>29、>>738、>>742-743
a^3+b^3+c^3+3abc : 第5章>>269、第2章>>372
------------------------------------------
My Collections から (出典不明)
(1) a,b,c∈Rに対して、(a^2+b^2+c^2)^3 ≧ (a^3+b^3+c^3-3abc)^2 + (ab+bc+ca)^3
(2) a,b,c≧に対して、a^3+b^3+c^3-3abc ≧ (1/4)*(a+b-2c)^3 >>28 (2), >>29 (1), [前スレ.262], [初代スレ.836-869]
「楠瀬の不等式」
出典: 数学セミナー、出題:1992年4月、解説:1992年7月
a,b,c ∈ R に対して
aa+bb+cc ≧ |ab| + |bc| + |ca| ≧ |ab+bc+ca|,
>>742 >>743 から
| a^3+b^3+c^3 - 3abc |^2 ≦ (aa+bb+cc)^3 - |ab+bc+ca|^3.
>>800
{ss, ss-3t, ss-3t} はいずれも非負。
AM = ss-2t, GM = {s(ss-3t)}^(2/3). (x_1+…+x_n)/n=xとするとき、
(Σ(x_k-x)^3)^2 と (Σ(x_k-x)^2)^3 の大小について何か言えますか?
Σはk=1からnまでの和です。 >>803
(x_1 + x_2 + … + x_n) /n = A とおくとき、
( Σ[j=1,n] (x_j - A)^3 )^2 / ( Σ[k=1,n] (x_k - A)^2 )^3 ≦ (n-2)^2 /n(n-1) < 1,
等号成立は {a,…,a, b} など。 >>801 (1) は >>609 (2), >>742 と同じでつね。
>>802 (中) の方がチョト強い。
>>803
n=3 のとき
{(x-A)^2 + (y-A)^2 + (z-A)^2}^3 - 6{(x-A)^3 + (y-A)^3 + (z-A)^3}
= 2{(x-y)(y-z)(z-x)}^2 + (x+y+z-3A){……}
(略証)
(x-A)^3 + (y-A)^3 + (z-A)^3 = 3(x-A)(y-A)(z-A) + (x+y+z-3A){……} = 3(x-A)(y-A)(z-A),
より
{(x-A)^2 + (y-A)^2 + (z-A)^2}^3 - 6{(x-A)^3 + (y-A)^3 + (z-A)^3}
= 2{(x-y)(y-z)(z-x)}^2 + (x+y+z-3A){ …… }
≧ 0, >>805
むむむ…
ところで、ちょっと作ったんだけど、係数はこれが最善かな?
a,b,c∈R に対して、(a^2+b^2+c^2)^3 ≧ (27/16)*{(a-b)(b-c)(c-a)}^2. >>806 … 2 ぢゃね?
>>791 (疑問4・下) >>609 (3)
>>802
〔楠瀬の不等式〕
x,y,z ≧ 0 のとき
x^3 + y^3 + z^3 -3xyz = (x+y+z)(xx+yy+zz-xy-yz-zx) ≧ A|(x-y)(y-z)(z-x)|,
ここに A = √(9+6√3) = √{(3/2)√3}(1+√3) = 4.403669475
(略証)
(左辺) - (右辺) = (x^3 +y^3 +z^3 -3xyz) - A|(x-y)(y-z)(z-x)|
= (1/2)(x+y+z){(x-y)^2 +(y-z)^2 +(z-x)^2} - A|(x-y)(y-z)(z-x)|,
x,y,z の間隔を固定して一斉に動かしても、{ … } 内と右辺は変わらない。
最小元が 0 のときに成り立てばよい。 以下 z=0 とする。
(左辺) - (右辺) = x^3 -A xy|x-y| +y^3,
・0≦x≦y のとき
x^3 + A xy(x-y) + y^3 = (x + y/αα)(x-αy)^2,
α = {(1+√3) - √(2√3)}/2 = 0.43542054468234
1/αα = (1+√3) + A/√3 = 5.27451056440629
・0≦y≦x のとき
x^3 - Axy(x-y) + y^3 = (x + y/ββ)(x-βy)^2
β = {(1+√3) + √(2√3)}/2 = 2.29663026289
1/ββ = (1+√3) - A/√3 = 0.18959105073
αβ = 1, a,b,c∈R に対して、(a^2+b^2+c^2)^3 ≧ k(a^2+b^2)(b^2+c^2)(c^2+a^2)
k = 27/8 が限界かと思うけど、2になりますかね? >>806 >>807
(略証)
bはaとcの中間にあるとしてよい。
0 ≦ (a-b)(b-c) ≦ (1/4)(a-c)^2,
∴ aa+cc = (1/2)(a+c)^2 + (1/2)(a-c)^2 ≧ (1/2)(a-c)^2,
∴ (aa+cc)^3 ≧ (1/8)(a-c)^6 ≧ 2(a-c)^2 {(a-b)(b-c)}^2 = 2刧,
>>609 (3), >>612 より再録 >>805
(x-A) + (y-A) + (z-A) = 0,
x-A と y-A が同符号のとき
(z-A)^2 = {(x-A) + (y-A)}^2 ≧ 4|(x-A)(y-A)|,
より
(x-A)^2 + (y-A)^2 + (z-A)^2 = (1/2)(x+y-2A)^2 + (1/2)(x-y)^2 + (z-A)^2
= (3/2)(z-A)^2 + (1/2)(x-y)^2
≧ (3/2)(z-A)^2,
{(x-A)^2 + (y-A)^2 + (z-A)^2}^3 ≧ (27/8)(z-A)^6 ≧ 6{3(x-A)(y-A)(z-A)}^2
>>809
k = 27/8 ですね。 A,B,C≧0 より
(左辺) - (右辺) = (A+B+C)^3 -(27/8)(A+B)(B+C)(C+A)
= S^3 - (27/8)(ST-U)
= (S^3 -4ST +9U) + (5/8)(ST-9U)
≧ 0, >>802
> a,b,c ∈ R に対して
> aa+bb+cc ≧ |ab| + |bc| + |ca| ≧ |ab+bc+ca|,
> >>742 >>743 から
> | a^3+b^3+c^3 - 3abc |^2 ≦ (aa+bb+cc)^3 - |ab+bc+ca|^3.
下の2行が分かりませぬ…。 >>>812
ab+bc+ca ≧ 0 のときは >>742 から明らか。
ab+bc+ca ≦ 0 のときは
(7/9) >>742 + (2/9) >>743 より
(a^3+b^3+c^3 -3abc)^2 ≦ (aa+bb+cc)^3 + (ab+bc+ca)^3. >>815
SP.172
Prove that for any real numbers x,y,z:
(x+y+z)(y+z-x)(z+x-y)(x+y-z) ≦ (2yz)^2.
SP.173
Prove that for any positive real numbers x,y,z:
{xx√(yy+zz) + yy√(zz+xx) + zz√(xx+yy)} / (x^3+y^3+z^3) ≦ √2.
SP.174
Prove that for any positive real numbers a,b,c,x,y,z:
(a^3+x^3+x^3+x^3)(y^3+b^3+y^3+y^3)(z^3+z^3+c^3+z^3) ≧ (ayz+bzx+cxy+xyz)^3.
SP.179 (改)
If x ∈ [0,1) then:
1/2 < cos(x) ≦ 1 ≦ arcsin(x) + e^(-x).
UP.177
If x,y,z,t >1 then:
{log(x)/log(ztx)} {log(y)/log(txy)} {log(z)/log(xyz)} {log(t)/log(yzt)} < 1/16. >>815
解答作りますた。
SP.172
(x+y+z)(y+z-x) = (y+z)^2 -xx = 2yz - (xx-yy-zz),
(z+x-y)(x+y-z) = xx - (y-z)^2 = 2yz + (xx-yy-zz),
辺々掛ける。
(左辺) = (2yz)^2 - (xx-yy-zz)^2 ≦ (2yz)^2,
(*) x,y,z がΔの3辺の場合は、Δの面積が2辺の積の半分以下であることを表わす。
SP.173
(左辺)^2 ≦ 3x^4・(yy+zz) + 3y^4・(zz+xx) + 3z^4・(xx+yy)
= x^3・{3(xyy + xzz)} + y^3・{3(yzz + yxx)} + z^3・{3(zxx + zyy)}
≦ x^3・{(x^3+y^3+y^3) + (x^3+z^3+z^3)} + y^3・{(y^3+z^3+z^3) + (y^3+x^3+x^3)} + z^3・{(z^3+x^3+x^3) + (z^3+y^3+y^3)}
= 2(x^3+y^3+z^3)^2,
SP.174
コーシーそのもの。
SP.179
arcsin(x) ≧ x, (0≦x<1)
e^(-x) ≧ 1 - x,
辺々たす。
UP.177
X=log(x), Y=log(y), Z=log(z), T=log(t) はすべて正だから AM-GM で
Z+T+X ≧ 3(ZTX)^(1/3),
T+X+Y ≧ 3(TXY)^(1/3),
X+Y+Z ≧ 3(XYZ)^(1/3),
Y+Z+T ≧ 3(YZT)^(1/3),
辺々掛けて
(Z+T+X)(T+X+Y)(X+Y+Z)(Y+Z+T) ≧ 81 XYZT,
(左辺) = X/(Z+T+X)・Y/(T+X+Y)・Z/(X+Y+Z)・T/(Y+Z+T) ≦ 1/81, >>816-817
おおおーありがとうございます。蒐集が捗る! ROMANIAN MATHEMATICAL MAGAZINE (RMM 11)、解答なし
http://www.ssmrmh.ro/wp-content/uploads/2018/09/11-RMM-WINTER-EDITION-2018-1.pdf
JP158、JP165、SP164、SP165など、いかがでござるか?
JP165の右辺を見て、毒電波を受信した。
a,b,c∈R に対して、
√{6(a^2+b^2+c^2)} ≧ √(a^2+b^2) + √(b^2+c^2) + √(c^2+a^2) ≧ 2√(a^2+b^2+c^2)
---------------------------------------------
ROMANIAN MATHEMATICAL MAGAZINE って、不等式専門雑誌なん?
最新2回分には解答が公開されないっぽい。
http://www.ssmrmh.ro/category/current-issue/
--------------------------------------------- 解答のない号で、三角形がらみ(a,b,c,R,r,S,A,B,Cのみ)、シンプル、既出でないものを抽出。
ROMANIAN MATHEMATICAL MAGAZINE (RMM 12)
http://www.ssmrmh.ro/wp-content/uploads/2018/09/12-RMM-SPRING-EDITION-2019-2.pdf
JP173、JP179、UP171、UP175
ROMANIAN MATHEMATICAL MAGAZINE (RMM 11)
http://www.ssmrmh.ro/wp-content/uploads/2018/09/11-RMM-WINTER-EDITION-2018-1.pdf
JP157、UP155
ところで、JP171、JP174、JP153 などで説明なしに使われている h_a、m_a、l_a などは何を意味するのだろう? 垂線、中線、二等分線かな?
定義が分からないので、見た目がシンプルでも上のリストから外してしまったが… >>815-817
SP.173の分母を払った式
(√2)(x^3+y^3+z^3) ≧ x^2√(y^2+z^2) + y^2√(z^2+x^2) +z^2√(x^2+y^2)
を見て、右辺にCSを使えば片付きそうな気がしたが、大きくなり過ぎた。
√{2(x^4+y^4+z^4)(x^2+y^2+z^2)}
≧ (√2)(x^3+y^3+z^3)
≧ x^2√(y^2+z^2) + y^2√(z^2+x^2) +z^2√(x^2+y^2) >>819
JP.158
Let a,b,c>0. Prove that:
(1/a + 1/b + 1/c) + a/(bb+cc) + b/(cc+aa) + c/(aa+bb) ≧ 1/(a+b) + 1/(b+c) + 1/(c+a),
JP.165 (改)
If a,b,c≧0 then:
4(a+b+c) ≦ (2√2){√(aa+bb) + √(bb+cc) + √(cc+aa)},
SP.164 (改)
If a,b,c > 0 then:
(a+b)√(aa-ab+bb) + (b+c)√(bb-bc+cc) + (c+a)√(cc-ca+aa) ≧ 2(aa+bb+cc),
SP.165 (改)
If a,b,c ≧0 then:
(a+b)√(aa+bb) + (b+c)√(bb+cc) + (c+a)√(cc+aa) ≧ (1/√2){(aa+bb+cc) + (a+b+c)^2}, >>819 >>823
JP.165 (改)
x+y ≦ √{2(xx+yy)} より
4(a+b+c) ≦ (2√2){√(aa+bb) + √(bb+cc) + √(cc+aa)},
SP.164 (改)
コーシーより
(x+y)√(xx-xy+yy) = √{(x+y)(x^3+y^3)} ≧ xx + yy,
(略証)
(x+y)^2・(xx-xy+yy) - (xx+yy)^2 = (x+y)(x^3+y^3) - (xx+yy)^2 = xy(x-y)^2 ≧0,
SP.165 (改)
√(xx+yy) ≧ (x+y)/√2, etc.
(左辺) ≧ {(a+b)^2 + (b+c)^2 + (c+a)^2}/(√2) ≧ (√2)(aa+bb+cc+t),
t = ab+bc+ca,
>>819
a,b,c∈R に対して、
√{6(aa+bb+cc)} ≧ √(aa+bb) + √(bb+cc) + √(cc+aa)
≧ √{4(aa+bb+cc) + 2t}
≧ (√2)s,
s = a+b+c, t = ab+bc+ca,
(略証)
左側はコーシー
中は √(xx+yy)√(xx+zz) ≧ xx+xy, etc.
∵ (xx+yy)(xx+zz) - (xx+yz)^2 = {x(y-z)}^2 ≧ 0, (コーシー)
右側は aa+bb+cc ≧ t. >>820
SP.140
Let a,b,c be positive real numbers. Prove that:
(b+c)/a + (c+a)/b + (a+b)/c ≧ 4(aa+bb+cc)/(ab+bc+ca) + 2(ab+bc+ca)/(aa+bb+cc) ≧ 6, >>820 >>825
SP.140 (改)
(b+c)/a + (c+a)/b + (a+b)/c ≧ 4(aa+bb+cc)/(ab+bc+ca) + 2
≧ 3(aa+bb+cc)/(ab+bc+ca) + 3(ab+bc+ca)/(aa+bb+cc) ≧ 6,
(略証)
s = a+b+c, t = ab+bc+ca, u = abc とおく。
(左辺) - 4(ss-2t)/t - 2
= (st-3u)/u - 4(ss-2t)/t - 2
= st/u - 4ss/t + 3
= (s/ttu)(t^3 -4stu +9uu) + (3/tt)(tt-3su)
≧ 0,
>>819 >>823 >>824
SP.164 (改) より
√(xx-xy+yy) > {(xx+yy)/(x+y), M_4} > M_3 > √{(xx+yy)/2} > (x+y)/2 > √(xy) > 2xy/(x+y),
ここに M_r = {(x^r+y^r)/2}^(1/r) はr乗平均, M_1 = (x+y)/2, M_2 = √{(xx+yy)/2}, >>821
RMM 12 (Spring2019)
JP.173
Prove that in any triangle ABC,
1/a + 1/b + 1/c ≧ √{3/(2Rr)} ≧ (√3)/R.
JP.179
In acute triangle ABC the following relationship hplds:
3 ≦ sin(2A)/sin(2B) + sin(2B)/sin(2C) + sin(2C)/sin(2A) ≦ 3/{8cos(A)cos(B)cos(C)},
UP.171
Find that in any acute-angled triangle ABC the following inequality holds:
min{a/(b+c), b/(c+a), c/(a+b)} ≦ {cos(A) + cos(B) + cos(C)}/3 ≦ Max{a/(b+c), b/(c+a), c/(a+b)},
UP.175 (改)
In acute triangle ABC the following relationship holds:
(b+c)^2/(bb+cc-aa) + (c+a)^2/(cc+aa-bb) + (a+b)^2/(aa+bb-cc) ≧ 12,
等号成立は正△のとき、だろうな… >>819 >>823
RMM 11 (Winter2018)
JP.158 (訂正)
Let a,b,c>0. Prove that:
(1/a + 1/b + 1/c) + a/(bb+cc) + b/(cc+aa) + c/(aa+bb) ≧ 3/(a+b) + 3/(b+c) + 3/(c+a),
(略証) チェビシェフしたあと、
(1/x + 1/y)/2 + (x+y)/{2(xx+yy)} - 3/(x+y)
= (x+y)/(2xy) + (x+y)/{2(xx+yy)} - 3/(x+y)
= (x+y)(xx+xy+yy)/{2xy(xx+yy)} - 3/(x+y)
= (x-y)^2 (xx-xy+yy)/{2xy(xx+yy)(x+y)}
≧ 0, >>822
√{2(x^4+y^4+z^4)(x^2+y^2+z^2)} にCSを使うと、使い方次第で
≧ (√2)(x^3+y^3+z^3) にも
≧ x^2√(y^2+z^2) + y^2√(z^2+x^2) +z^2√(x^2+y^2) にもなるんだな。 >>822 >>829
コーシーとチェビシェフの合わせ技(?)
〔補題〕
(a,b,c) と (p,q,r) が同順序のとき
√(aa+bb+cc) √(pp+qq+rr) ≧ (ap+bq+cr) ≧ (a+b+c)(p+q+r)/3 ≧ (aq+ar+bp+bq+cp+cq)/2,
(a,b,c) と (p,q,r) が逆順序のとき
√(aa+bb+cc) √(pp+qq+rr) ≧ (aq+qr+bp+br+cp+cq)/2 ≧ (a+b+c)(p+q+r)/3 ≧ (ap+bq+cr), z∈C が |z + 1/2| < 1/2 をみたすとき、
任意の n∈N に対して |1 + z + z^2 + … + z^n|^2 < 1. >>831
題意より、
|z| ≦ |z+1/2| + (1/2) < 1,
∴ |1-z|^2 = (1-z)(1-z~)
= (3/2) - 2|z+1/2|^2 + 3|z|^2
> 1 + 3|zz|
> 1 + 2|zz| + |zz|^2
= (1+|zz|)^2,
∴ |1-z| > 1 + |zz| > 1 + |z|^(n+1) ≧ |1 - z^(n+1)|.
東工大-2000 前期 Q.2
[第7章.114,116,160]
Inequalitybot [183] >>831
この問題の結論の不等式って、|1 + z + z^2 + … + z^n| < 1 と書かずに、
あえて2乗にしているのは、何か意味があるのかな? >>627 (Nesbitt-Igarashi)
(略証)
各辺に ab+bc+ca を掛けると コーシー型になる:
{a(bb+bc+cc) + b(cc+ca+aa) + c(aa+ab+bb)} {a/(bb+bc+cc) + b/(cc+ca+aa) + c/(aa+ab+bb)}
≧ {a(b+c) + b(c+a) + c(a+b)} {a/(b+c) + b/(c+a) + c/(a+b)}
≧ (a+b+c)^2,
そこで ラグランジュの恒等式
(ax + by + cz)(a/x + b/y + c/z) - (a+b+c)^2 = (ab/xy)(x-y)^2 + (bc/yz)(y-z)^2 + (ca/zx)(z-x)^2,
を使う。
・左辺は
x = bb + bc + cc,
y = cc + ca + aa,
z = aa + ab + bb,
ax + by + cz = (a+b+c)(ab+bc+ca), >>621
(左辺) - (a+b+c)^2 = {a(a+b+c)/(bb+bc+cc)}{b(a+b+c)/(cc+ca+aa)}(a-b)^2 + …
・中辺は
x = b + c,
y = c + a,
z = a + b,
ax + by + cz = 2(ab+bc+ca),
(中辺) - (a+b+c)^2 = {a/(b+c)}{b/(c+a)}(a-b)^2 +{b/(c+a)}{c/(a+b)}(b-c)^2 + {c/(a+b)}{a/(b+c)}(c-a)^2,
ここで、
(a+b+c)/(bb+bc+cc) > (b+c)/(bb+bc+cc) > 1/(b+c),
(a+b+c)/(cc+ca+aa) > (c+a)/(cc+ca+aa) > 1/(c+a),
(a+b+c)/(aa+ab+bb) > (a+b)/(aa+ab+bb) > 1/(a+b),
だから
(左辺) ≧ (中辺).
* (x,y,z) はもっと改良できるかも… >>835 *
x = (b^n - c^n)/(b-c),
y = (c^n - a^n)/(c-a),
z = (a^n - b^n)/(a-b),
とすると
x-y = -(a-b) D_n /,
y-z = -(b-c) D_n /,
z-x = -(c-a) D_n /,
ここに
D_n = det{ [1,1,1] [a,b,c] [a^n,b^n,c^n] }
= (a-b)(b-c)(c-a) = D_2, … Vandermonde の行列式 >>836
3文字のとき
D_n = det{ [1,1,1] [a,b,c] [a^n,b^n,c^n] }
= (c-b)a^n + (a-c)b^n + (b-a)c^n,
特性多項式
(λ-a)(λ-b)(λ-c) = λ^3 -s・λ^2 + tλ -u,
ただし s = a+b+c,t = ab+bc+ca,u = abc,
漸化式
D_n = s・D_{n-1} - t・D_{n-2} + u・D_{n-3},
D_n/ = Σ {すべての(n-2)次積}
… (n-2)個の重複組み合わせに対応
D_0 / = 0,
D_1 / = 0,
D_2 / = 1,
D_3 / = a+b+c = s,
D_4 / = aa+ab+ac+bb+bc+cc = ss-t,
D_5 / = s^3 -2st +u,
D_6 / = s^4 -3sst +tt +2su,
D_7 / = s^5 -4s^3・t +3stt +3ssu -2tu, >>837
まづ
x_1 = y_1 = z_1 = 1,
x_2 = b+c,y_2 = c+a,z_2 = a+b,
x_3 = bb+bc+cc,y_3 = cc+ca+aa,z_3 = aa+ab+bb,
……
x_n = b^(n-1) + b^(n-2)c + …… + c^(n-1),
とおく。
ラグランジュの恒等式から
(ax+by+cz)(a/x + b/y + c/z) - (a+b+c)^2
= (a/x)(b/y)(x-y)^2 + (b/y)(c/z)(y-z)^2 + (c/z)(a/x)(z-x)^2
= (D_n/)^2 {(a/x_n)(b/y_n)(a-b)^2 + (b/y_n)(c/z_n)(b-c)^2 + (c/z_n)(a/x_n)(c-a)^2}, >>835
そこで
(D_n/)/x_n,(D_n/)/y_n,(D_n/)/z_n
がnについて単調増加であることを示そう。
F_n = x_n (D_{n+1}/) - x_{n+1} (D_n/)
= {(b-a)(ab)^2 + (c-b)(bc)^2 + (a-c)(ca)^2} /
= (D_{-n}/)u^n
= Σ {ab,bc,ca の (n-1)次積}
≧ 0,
∴ nについて単調増加。
(D_{n+1}/) / x_{n+1} ≧ (D_n/) / x_n ≧ …… ≧ (D_2/) / x_2 = 1/(b+c),
これを Nesbitt-Igarashi 列とか呼ぼう。
F_0 = 0,
F_1 = 1,
F_2 = t,
F_3 = tt -su,
F_4 = t^3 -2stu +uu,
漸化式
F_n = t F_{n-1} - su F_{n-2} + uu F_{n-3}, Nesbitt ってネビットだよな? まさかネスビットって発音するん? >>841
うーむ。
Nesbitt's inequality の英語のwikiを見てきたが、どこの国の人か分からんなあ。
ところで Nesbitt's inequality の一般化について、このスレでやったことあったっけ? 不等式ぢゃないが、次の等式を手計算で証明するのはキツそうでござるかな?
(6a^2 - 4ab + 4b^2)^3 + (3b^2 + 5ab - 5a^2)^3
= (6b^2 - 4ab + 4a^2)^3 + (3a^2 + 5ab - 5b^2)^3 >>843
(6aa-4ab+4bb)^3 - (6bb-4ab+4aa)^3 = (3aa+5ab-5bb)^3 - (3bb+5ab-5aa)^3,
(略証)
x^3 - y^3 = (x-y)(xx+xy+yy),
から
(maa-nab+nbb)^3 - (naa-nab+mbb)^3
= (m-n)(a-b)(a^3+b^3) {(mm+mn+nn)(aa+ab+bb) -3(m+n)n・ab}
= (a-b)(a^3+b^3) {(m^3 - n^3)(aa+ab+bb) - 3(m-n)(m+n)n・ab},
(m,n) = (6,4) (3,-5) のときは
m^3 - n^3 = 152,
(m-n)(m+n)n = 80,
となり、相等しい。 >>844
おぉ有難い。上手にやりましたね。
それにしても、この等式を見つけ出したラマヌジャンは変態ジャン。 >>844
> = (a-b)(a^3+b^3) {(m^3 - n^3)(aa+ab+bb) - 3(m-n)(m+n)n・ab},
ここは
= (a-b)(a^3+b^3) {(m^3 - n^3)(aa+ab+bb)}
じゃないですか? >>843
6^3 + (-4)^3 + (-3)^3 + (-5)^3 = 0,
4^3 + (-6)^3 + 5^3 + 3^3 = 0,
から推して
(6aa+pab+4bb)^3 + (-4aa-pab-6bb)^3 + (-3aa+qab+5bb)^3 + (-5aa-qab+3bb)^3 = 0,
と予想する。(p,q は或る定数)
ab=0 のときは明らか。
6ab(aa-bb){2(5p-4q)(aa+bb) + (84+pp-4qq)ab} = 0,
5p -4q = 0, 84 +pp -4qq = 0,
p = ±4, q=±5 (複号同順)
(例)
a = ±1,b = ±2,p=±4,q=±5 (複号同順)のとき
±{30,-36,27,-3} = ±3{10,-12,9,-1} >>847
12^3 - 10^3 = 9^3 - 1^3 = 8^3 - (-6)^3 = 728,
のような珍例を「ナニワ数」と云う。…っちゅうのは冗談やけどな。
・系列解は他にもある。
{7aa-16ab-3bb,14aa+4ab+6bb,-14aa+4ab-6bb,-7aa-16ab+3bb} (Dickson)
(maa-pab-nbb)^3 + (-maa-pab+nbb)^3 = -6pab(maa-nbb)^2 -2ppp(ab)^3
m → km,n' → -kn,p' → -p/kk とすれば 6pab(maa+nbb)^2 + 2(p/kk)^3 (ab)^3
辺々たすと 2p{12mn - (1 - 1/k^6)pp}(ab)^3,
12mn - (1 - 1/k^6)pp = 0 ならば成立。
{aa-7ab+63bb,8aa-20ab-42bb,6aa+20ab-56bb,-9aa+7ab-7bb}
http://www.maroon.dti.ne.jp/fermat/dioph1.html
・Fermat cubic surface とか云うらしい。
http://www.math.harvard.edu/~elkies/4cubes.html m^3 - n^3 = m’^3 - n’^3 のとき、 ラマヌジャン系列
(maa+pab+nbb)^3 - (naa+pab+mbb)^3
= (m-n)(a^2-b^2){(mm+mn+nn)(a^4+aabb+b^4) + 3(m+n)p ab(a^2+b^2) + 3(pp+mn) aabb}
= (m^3 - n^3) (a^6 - b^6) + 3(m^2-n^2)p ab(a^4 - b^4) + 3(m-n)(pp+mn) aabb(a^2-b^2),
→ m^3 - n^3,(m^2-n^2)p,(m-n)(pp+mn) が等しいとき、相等しい。
(maa+qab-nbb)^3 - (naa+qab-mbb)^3
= (m-n) (a^2+b^2){(mm+mn+nn)(a^4-aabb+b^4) + 3(m+n)q b(a^2-b^2) + 3(qq-mn) aabb}
= (m^3 - n^3) (a^6 + b^6) + 3(m^2-n^2)q ab(a^4 - b^4) + 3(m-n)(qq-mn) aabb(a^2 + b^2),
→ m^3 - n^3,(m^2-n^2)q,(m-n)(qq-mn) が等しいとき、相等しい。 〔問題2943〕
a,b,c,d,e は正の実数とする。次を示せ。
(aa+bb+cc+dd+ee)^5 ≧ 3 abcde (a+b+c+d)(b+c+d+e)(c+d+e+a)(d+e+a+b)(e+a+b+c),
http://suseum.jp/gq/question/2943 (K.Chikaya) >>851
この出題者が出していた大量の不等式の問題は、もう削除されて見れないんだよな。
実に惜しいことをした。 bot.62
x,y,z∈[0,1] のとき、sqrt|x-y| + sqrt|y-z| + sqrt|z-x| の最大値
どぉやるんでせうか? (3/4)*(1 + A/H)^2 ≧ (A/G)^3 + (G/H)^3
この手の不等式が胸やけ起こしそうなくらい沢山載ってる本ないかな? >>853 [62]
yはxとzの中間にあるとする。コーシーで
(√|x-y| + √|y-z|)^2 ≦ (1+1) (|x-y|+|y-z|) = 2|x-z|,
(左辺) ≦ (1+√2)|z-x| ≦ 1+√2,
等号は(0,1/2,1) etc.
中国MO-2012 Round2-A.3 三角形の辺長 a,b,c に対して、
Σ[cyc] (a+b-c)(b+c-a)/(c+a-b) ≧ 3(aa+bb+cc)/(a+b+c). >>856
b+c-a = x, c+a-b = y, a+b-c = z,
とおく。(Ravi変換)
2a = y+z, 2b = z+x, 2c = x+y, a+b+c = x+y+z,
(左辺) = xy/z + yz/x + zx/y = (xxyy+yyzz+zzxx)/xyz,
(右辺) = 3(aa+bb+cc)/(a+b+c)^2 = 6(xx+yy+zz+xy+yz+zx)/{4(x+y+z)},
4(x+y+z)(xxyy+yyzz+zzxx) - 6xyz(xx+yy+zz+xy+yz+zx)
= (3x+y+z)[x(y-z)]^2 + (x+3y+z)[y(z-x)]^2 + (x+y+3z)[z(x-y)]^2 ≧ 0,
かな。 Heronを使ったら、問題文はもっと見やすくなりましたな >>854
(3/4)(1 + A/H)^2 - (A/G)^3 - (G/H)^3 -1 = (1/108){(a-b)(b-c)(c-a)/abc}^2 ≧ 0,
(略証)
s = a+b+c, t = ab+bc+ca, u = abc, = (a-b)(b-c)(c-a),
とおくと
A = s/3, G = u^(1/3), H = 3u/t,
A/H = st/9u, A/G = s/{3u^(1/3)}, G/H = t/{3u^(2/3)},
ゆえ
(左辺) = (3/4)(1+st/9u)^2 - s^3/27u - t^3/27uu -1
= (1/108uu){(st+9u)^2 -4s^3u -4t^3 -108uu}
= (1/108uu)竸2, >>859
(3/4)*(1 + A/H)^2 ≧ (A/G)^3 + (G/H)^3 + 1
3変数の場合に上式を証明しているけど、これは一般の場合にも成り立つのかな?
>>854では、右辺に +1がないのには意味があるのかな? >>860
n≧4 では不成立かも。
(1,1,1,10^4) とか (1,1,1,10^(-4)) とか… >>854
> (3/4)*(1 + A/H)^2 ≧ (A/G)^3 + (G/H)^3
これじゃの
Crux Mathematicorum, P.74, 1834.
http://www.imomath.com/othercomp/Journ/ineq.pdf [2] かんどころ P.121定理6.7 は、証明ついてないようだけど、どうやればいいか分かりますか? >>860
右辺に +1 が無いと緩くなります。
2変数の場合は
(3/4)(1 + A/H)^2 - (A/G)^2 - (G/H)^2 -1 = (3a+b)(a+3b){(a-b)/8ab}^2 ≧ 0,
∵ (A/G)^2 = (G/H)^2 = A/H = (a+b)^2 /4ab, 余談ですが、n変数の (A-G)/(G-H) の下限は
n=2 1.0
n=3 0.90096030150908885
n=4 0.7761577683742073233
n=5 0.67617485
n=6 0.59845640
n=7 0.53716474
n=8 0.48781223
n=9 0.44727765
n=10 0.41339822
ぐらいかな。
http://suseum.jp/gq/question/2646, 2948 >>863, >>865
A-Gと言えば、Jacobsthalくらいしか思いつかないなあ a≧b≧0, x≧y≧0 に対して、
(ax+y+c)(x+by+c)≧{(a+1)x+c}{(b+1)y+c}. >>867
あまりにもショボすぎるので、改造してみた。
a,b,c,d,x,y,z∈R, a≧d≧0, b≧c≧0, x≧y≧0 に対して、
(ax+cy+z)(bx+dy+z)≧{(a+b)x+z}{(c+d)y+z}.
後ろのzも pz+qw, rz+sw にできぬか?
l三`ー 、_;:;:;:;:;:;:j;:;:;:;:;:;:_;:;:;_;:-三三三三三l
l三 r=ミ''‐--‐';二,_ ̄ ,三三三彡彡l_ この感じ・・・・
lミ′  ̄ ー-'" '=ミニ彡彡/‐、ヽ
l;l ,_-‐ 、 __,,.. - 、 彡彡彳、.//
_______∧,、_‖ `之ヽ、, i l´ _,ィ辷ァ-、、 彡彡'r ノ/_ ______
 ̄ ̄ ̄ ̄ ̄ ̄ ̄'`'` ̄ 1  ̄フ/l l::. ヽこ~ ̄ 彡彳~´/  ̄ ̄ ̄ ̄ ̄ ̄
ヽ ´ :l .l:::. 彡ィ-‐'′
ゝ、 / :. :r-、 彡′
/ ィ:ヘ `ヽ:__,ィ='´ 彡;ヽ、
_,,..-‐'7 /:::::::ヽ _: :_ ヽ ィ´.}::ヽ ヽ、
_,-‐'´ { ヽ:::::::::ヘ `'ー===ー-- ' /ノ /::::::ヘ, ヽー、 できた ( ゚∀゚) ウヒョッ
a,b,c,d,p,q,r,s,x,y,z.w∈R,
a≧d≧0, b≧c≧0, p≧s≧0, q≧r≧0, x≧y≧0, z≧w≧0 に対して、
(ax+cy+pz+rw)(bx+dy+qz+sw)≧{(a+b)x+(p+q)z}{(c+d)y+(r+s)w}. 話を元に戻すと、>>867 を使ったAM-GMの証明 ([2] かんどころP.118)で、
1回目に>>867を使うところは分かる。
(a_1 + a_2 + (a_3+…+a_n))(a_1 + a_2 + (a_3+…+a_n))
≧(2a_1 + (a_3+…+a_n))(2a_2 + (a_3+…+a_n))
2回目に>>867を使うところ、どこが対応しているのか分からんのですが、どうなってるのですか?
(2a_1 + (a_3+…+a_n))(a_1 + a_2 + (a_3+…+a_n))
≧(3a_1 + (a_4+…+a_n))(2a_3 + (a_2+a_4+…+a_n))
以下続けて (k*a_1+ a_{k+1}+…+a_n) と (a_1 + a_2 + (a_3+…+a_n)) に>>867を使って
最終的に n*a_1 と S-a_1+a_k (k=2.3.…,n) になるまで続けるんだけど、そこが分かりませぬ。 >>870
>>867 を使わなくても出せるでござる。
A-S≧0,d≧0 のとき
(A-d)S - A(S-d) = d(A-S) ≧ 0,
ここで
S = a_1 + a_2 + … + a_n,
A = k・a_1 + a_{k+1} + … + a_n, (k=n のとき A=n・a_1)
d = a_1 - a_k ≧ 0,
とおいて
{(k-1)a_1 +(a_k + … +a_n)}S - (k・a_1 +a_{k+1} + … +a_n)(S -a_1 +a_k) = (a_1 -a_k)(k・a_1 -S) ≧ 0, (k=2,3,…,n) >>866
〔Jacobsthalの不等式〕
(n-1)個の正の実数 x_1, x_2, …, x_(n-1) の相加平均をA '、相乗平均をG ' とする。
それに x_n (>0) を追加した n個組の相加平均をA_n、相乗平均をG_n とする。このとき
n(A_n - G_n) ≧ (n-1)(A '-G '), …[1]
(A_n/G_n)^n ≧ (A '/G ')^(n-1), …[2]
(略証)
A_n, G_n, x_n を A, G, x と略記する。
[1]
n A - (n-1)A '= x,
n G - (n-1)G '= G '{n(G/G ') - (n-1)} ≦ G '(G/G ')^n = x, (← Bernoulli)
辺々引く。
[2]
A '(A/A ')^n ≧ A '{n(A/A ') - (n-1)} = n - (n-1)A '= x, (← Bernoulli)
G '(G/G ')^n = x,
辺々割る。
[1] または [2] を n=1 まで繰り返すと A ≧ G が出る。
ニコニコ大百科
http://dic.nicovideo.jp/a/jacobsthalの不等式 >>871
ありがとうございます。
なるほど、>>867を使わずにできますね。
>>871の不等式を使って、残りも同様にしていけばいいんですね。
つまり prime132氏が新証明(?)をしたわけですな。
Guha が1967年に>>867を繰り返し使ってAM-GMを証明した方法も知りたい。
「Guha 1967 AM-GM」をgoogleで検索して一番上に出る
When Less is More: Visualizing Basic Inequalities
のPP.31-32に n=4のときに、Guha's inequality を繰り返し使った例があり、
それを見ても、2回目以降にどう使っているのか分かりません。
Guha's inequality
a≧0, p≧q≧0, x≧y≧0, then
(px+y+a)(x+qy+a)≧((p+1)x+a)((q+1)y+a).
(4A_4)^4
= (a+b+c+d)(a+b+c+d)(a+b+c+d)(a+b+c+d)
≧ (2a+c+d)(2b+c+d)(a+b+c+d)(a+b+c+d) …(1)
≧ (3a+d)(2b+c+d)(b+2c+d)(a+b+c+d) …(2)
≧ 4a(2b+c+d)(b+2c+d)(b+c+2d) …(3)
≧ 4a(3b+d)(3c+d)(b+c+2d) …(4)
≧ 4a(4b)(3c+d)(c+3d) …(5)
≧ 4a(4b)(4c)(4d) …(6)
= (4G_4)^4
と書かれているんですが、(1)は(p,q,x,y,a) = (1,1,a,b,c+d)で理解できる。
(2)〜(6)はどう適用したのか謎。
たとえば(2)で (2a+c+d)(a+b+c+d)≧(3a+d)(b+2c+d) となるには
(p,q,x,y,a)に何を対応させているのか?x=a, y=c 以外が謎。
左辺第1因子の形からp=2,q=1でないといけないけど、第2因子に2がない。 (3)→(4)は (p,q,x,y,a) = (2,2,b,c,d)で
(5)→(6)は (p,q,x,y,a) = (3,3,c,d,0)か。
じゃあ、残り3ヵ所は、どう適用したんだろう?
(1)→(2) (2a+c+d)(a+b+c+d)≧(3a+d)(b+2c+d)
(2)→(3) (3a+d)(a+b+c+d)≧(4a)(b+c+2d)
(4)→(5) (3b+d)(b+c+2d)≧(4b)(c+3d)
実は使ってないってオチなのか? 本人の論文を探すしかないな。
U.C.Guha, arithmetric mean-geometric mean inequality, Mathematical Gazette, 51(1967),pp.14-146
というのは分かったけど、ネットに転がってないかな Handbook of Means and Their Inequalities, pp.101-102 を見たら、
Guhaの不等式を使った証明の数式部分が、省略している部分も含めて
[2] かんどころ P.118と全く同じだった。 (1)
|x|≦1, |y|≦1 (x,y∈R) に対して、
0≦ xx + yy - 2xxyy + 2xy*√{(1-xx)(1-yy)} ≦1.
(2)
m>n>1 (m,n∈Z) に対して、
(m+n+1)!/(m!*n!) > {(m+n)^{m+n}}/{(m^m)(n^n)} > 2^{2n-1}. (3)
a,b∈C に対して、
|a+b|/(1+|a+b|) < (|a|+|b|)/(1+|a|+|b|) < |a|/(1+|a|) + |b|/(1+|b|) >>877
(1)
x = sinθ, y = sinφ (-π/2≦θ,φ≦π/2) とおく。
√(1-xx) = cosθ, √(1-yy) = cosφ,
x√(1-yy) + y√(1-xx) = sinθcosφ + sinφcosθ = sin(θ+φ),
両辺を2乗する。
(2)(左)
log{(m+n+1)!} -(m+n)log(m+n) > (3/2)log(m+n) -(m+n) +0.8918
log(m!) - m・log(m) < (1/2)log(m) -m +1,
log(n!) - n・log(n) < (1/2)log(n) -n +1,
辺々引くと
log{(m+n+1)!} -log(m!) -log(n!) -(m+n)log(m+n) +m・log(m) +n・log(n)
> (3/2)log(m+n) - (1/2)log(mn) - 1.1082
> (1/2)log(m+n) + (1/2)log{(m+n)^2 /4mn} + log(2) - 1.1082
≧ (1/2)log(m+n) - 0.41505
≧ (1/2)log(3) - 0.41505 (m+n≧3)
= 0.549306
(2)(右)
(m+n)^{m+n} = (m+n)^{m-n} (m+n)^{2n}
≧ m^{m-n} (4mn)^n
= m^m (4n)^n,
∴ (m+n)^(m+n)/(m^m・n^n) ≧ 4^n,
>>878
(3)
x/(1+x) は x≧0 で単調増加 (x∈R)
|a+b| ≦ |a| + |b|
∴ φ(|a+b|) ≦ φ(|a|+|b|)
= |a|/(1+|a|+|b|) + |b|/(1+|a|+|b|)
≦ φ(|a|) + φ(|b|), >>879 (2) (左)
〔補題〕
log(m!) < (m+1/2) log(m) -m+1,
(略証)
{log(k-1) + log(k)}/2 < ∫[k-1,k] log(x)dx より
log(m!) = Σ[k=2,m] log(k)
< ∫[1,m] log(x)dx + (1/2)log(m)
= [ x・log(x) -x ](x=1,m) + (1/2)log(m)
= (m+1/2)log(m) -m +1,
log(n!) < (n +1/2) log(n) -n+1,
(略証)
{log(k-1) + log(k)}/2 < ∫[k-1,k] log(x)dx より
log(n!) = Σ[k=2,n] log(k)
< ∫[1,n] log(x)dx + (1/2)log(n)
= [ x・log(x) -x ](x=1,n) + (1/2)log(n)
= (n+1/2)log(n) -n +1,
log{(m+n+1)!} > (m+n+3/2) log{(m+n+1)!}
= Σ[k=2,m+n+1] log(k)
> ∫[3/2,m+n+3/2] log(x)dx
= [ x・log(x) -x ](x=3/2,m+n+3/2)
= (m+n+3/2) log(m+n+3/2) -(m+n) -(3/2)log(3/2)
> (m+n+3/2) log(m+n) +(3/2) - (m+n) - (3/2)log(3/2)
= (m+n+3/2) log(m+n) - (m+n) + 0.8918023378 >>879 (2)(左)
log {(m+n+1)!} > (m+n+3/2) log(m+n) - (m+n) + 0.8918
(略証)
log(k) > ∫[k-1/2,k+1/2] log(x)dx より
log{(m+n+1)!} = Σ[k=2,m+n+1] log(k)
> ∫[3/2,m+n+3/2] log(x)dx
= [ x・log(x) -x ](x=3/2,m+n+3/2)
= (m+n+3/2) log(m+n+3/2) -(m+n) -(3/2)log(3/2)
> (m+n+3/2) log(m+n) +(3/2) - (m+n) - (3/2)log(3/2)
= (m+n+3/2) log(m+n) - (m+n) + 0.8918023378 >>877
(1)
右辺-中辺 = [xy - √{(1-xx)(1-yy)}]^2 ≧0,
中辺-左辺 = {x√(1-yy) + y√(1-xx)}^2 ≧0.
(゚∀゚ )
ノヽノ) =3 プゥ
くく >>882
|x|≦1, |y|≦1の条件なんて要らなかったのでは? [2016東大]
正の実数 x に対して (1 + 1/x)^x < e < (1 + 1/x)^{x + 1/2}. a,b,c>0, a+b+c=1に対して、(1+ 1/a)(1+ 1/b)(1- 1/c) の取りうる値の範囲を求めよ。 >>865
n=4 のとき、(A-G)/(G-H) ≧ 9/16
CGMO-2011 A.4
inequalitybot [35] 〔問題168〕
a,b,c>0 のとき
(aa-bc)(b+c)^r + (bb-ca)(c+a)^r + (cc-ab)(a+b)^r ≧ 0, (0<r<1)
≦ 0, (r>1, r<0)
V.Cirtoaje:"Algeblaic inequalities"、1-1-7
inequalitybot [168] >>888
x = (b+c)^r,
y = (c+a)^r,
z = (a+b)^r,
とおくと
a = (y^{1/r} + z^{1/r} - x^{1/r})/2,
b = (z^{1/r} + x^{1/r} - y^{1/r})/2,
c = (x^{1/r} + y^{1/r} - z^{1/r})/2,
aa-bc = {y^(2/r) +z^(2/r) -x^(1/r)[y^(1/r) + z^(1/r)]}/2,
bb-ca = {z^(2/r) +x^(2/r) -y^(1/r)[z^(1/r) + x^(1/r)]}/2,
cc-ab = {x^(2/r) +y^(2/r) -z^(1/r)[x^(1/r) + y^(1/r)]}/2,
(左辺) = (aa-bc)x + (bb-ca)y + (cc-ab)z
= {x^(2/r)y +xy^(2/r) -(x+y)(xy)^(1/r)}/2 + ……
= (x^{1/r} - y^{1/r})(x^{1/r -1} - y^{1/r -1})xy + …… >888 訂正
〔問題168〕
a,b,c>0 のとき
(aa-bc)(b+c)^r + (bb-ca)(c+a)^r + (cc-ab)(a+b)^r > 0, (r<1)
< 0, (r>1)
= 0, (r=1) >>885
y>0 とする。
(1 + y/2)^2 > 1+y > 1,
∴ 1/(1+y/2)^2 < 1/(1+y) < 1,
0〜y で積分すると
y/(1+y/2) < log(1+y) < y,
∴ (1+y)^(1/y) < e < (1+y)^(1/y + 1/2),
y=1/x とおく。 >>879
右辺は甘かったか…。
>>881
> log(k) > ∫[k-1/2,k+1/2] log(x)dx
これは明らかなんですか? >>877 (1) >>882
(x+iz)(y+iw) = (xy-zw) + i(xw+yz),
(xx+zz)(yy+ww) = (xy-zw)^2 + (xw+yz)^2,
z=√(1-xx),w=√(1-yy) とおく。 >>892
log(k) > (1/2)log(kk-dd) = {log(k+d) + log(k-d)}/2,
y=log(x) は上に凸だから、x=kでの接線より下側にある。
k-d<x<k+d かつ接線より下の台形の面積は(接線の傾きによらず)2d log(k)
∴ 2d log(k) > ∫[k-d,k+d] log(x)dx >>894
なるほど、ありがとうございます。
>>893
そんなカラクリがあったとは…。 >>880-881
log{(m+n+1)!} の評価は、log k > ∫[k-1,k] log(x)dx でもいけそうな排気ガス… >>896
無理だった。
>>881
> = (m+n+3/2) log(m+n+3/2) -(m+n) -(3/2)log(3/2)
> > (m+n+3/2) log(m+n) +(3/2) - (m+n) - (3/2)log(3/2)
の部分で、以下はどうやって分かるのですか?
(m+n+3/2) log(m+n+3/2) > (m+n+3/2) log(m+n) + (3/2) >>897
(N+d) log(N+d) - (N+d) log(N)
= -(N+d)log{N/(N+d)}
= -(N+d) log{1 - d/(N+d)}
≧ -(N+d) {-d/(N+d)}
= d, >>899
さんくす。
x=a(>0) における log x の接線を考えて、
(x-a)/a + log a ≧ log x.
x=1, a = (N+d)/N を代入すればいいのかな。 >>898
3.
{1/a,1/b,1/c,1/d} について 16A + 9H ≧ 25G,
>>887 と同じですね。 >>877(2)左側
0≦x≦1 において f(x) = x^m (1-x)^n は x = m/(m+n) で最大値をとる.
I(m,n) = ∫[0,1] f(x)dx とおくと, I(m,n) ≦ f(m/(m+n)) より
(m!*n!)/{(m+n+1)!} ≦ {(m^m)(n^n)}/{(m+n)^{m+n}}
[東京医科歯科大学2013数学第3問] >>856-857
大昔のPutnumに、これより弱い不等式があったよね。
>>885
Moreau's inequality が思い浮かぶと同時に、一松先生を思い出す。(謎掛け) 三角形の辺長 a,b,c に対して、
(1) Σ[cyc] aa(b+c-a) ≦3abc.
(2) Σ[cyc] aab(a-b) ≧0.
そもそも(1)は辺長でなくても非負実数で成り立つでおじゃるな。 >>904
(1)
(右辺) - (左辺) = a(a-b)(a-c) + b(b-c)(b-a) + c(c-a)(c-b) = F1(a,b,c) ≧ 0,
△である必要はない。
(2)
a = y+z、b = z+x、c = x+y とおく。(Ravi変換)
(左辺) = aab(a-b) + bbc(b-c) + cca(c-a)
= 2(xyyy+yzzz+zxxx) - 2xyz(x+y+z)
= (2/7)(2xyyy +yzzz +4zxxx -7xxyz) + cyc.
≧ 0,
IMO-1983, A.6
文献[9] 佐藤(訳) (2013) 問題2.24
Inequalitybot [24] >>856 >>903 >>906
27th Putnum-1966
A2.
A triangle has sides a, b, c. The radius of the inscribed circle is r. Show that
1/(b+c-a)^2 + 1/(c+a-b)^2 + 1/(a+b-c)^2 ≧ 1/(2r)^2, >>855
中国MOの問題が載っているリンクがあれば教えてください。 x, y≧1 に対して、x√(y-1) + y√(x-1) ≦xy. >>910
√(x-1) = X,
√(y-1) = Y,
とおく。
XX-X+1 ≧ X,
YY-Y+1 ≧ Y,
(右辺) - (左辺) = xy - x√(y-1) - y√(x-1)
= (XX+1)(YY+1) - (XX+1)Y - (YY+1)X
= {(XX+1)-X} {(YY+1)-Y} - XY
≧ XY - XY
= 0,
あるいは
x = (cosh u)^2, y = (cosh v)^2 とおく。 >>910 >>913
x-2X ≧ 0,
y-2Y ≧ 0,
(右辺) - (左辺) = xy - xY - yX
= x(y-2Y)/2 + y(x-2X)/2
≧ 0,
でもいいけど… a, b >0 に対して、aabb(aa+bb-2)≧(ab-1)(a+b).
非同次は苦手でおじゃる。 三角形の辺長a,b,cに対して、a(b+c-a)<2bc. >>916 は「美しい不等式pp.69-70」にあるが、証明が美しくないよな。
普通に差をとったら綺麗にできるのになあ。 >>915
a, b, c >0 に対して、aabb (aa+bb-2cc) ≧ (ab-cc) (a+b) ccc,
これで どうじゃ(同次ゃ) >>915 >>918
(左辺) - (右辺)
≧ (a+b)(ab)^(5/2) - (a+b)(ab)^(3/2)・cc - (ab-cc)(a+b)c^3
= (a+b)(ab - cc) [(ab)^{3/2} - c^3]
≧ 0, >>916 >>917
x = (b+c-a)/2, y = (c+a-b)/2, z = (a+b-c)/2,
とおく。(Ravi変換)
普通に差をとったら出来ますね^^
2bc - a(b+c-a) = 2(x+z)(x+y) - 2x(y+z) = 2xx + 2yz ≧ 0,
文献[9] 佐藤(訳) §2.2 例2.2.1 p.69 (2013) >>917 >>920
なるほど、Ravi変換は無敵でござるな。
この問題を問題集で見て感じたのは、三角形の成立条件を使った例なのに、
三角形の成立条件が一目で分かりにくい小汚い計算をしていた点。
b,cについて対称だから b≧cとする所まではいい。次のようにした方が美しいと思わん?
aが最大または最小のとき、
2bc - a(b+c-a) = bc + (a-b)(a-c) > 0.
aがbとcの間の数のとき、b≧a≧cだから、
2bc - a(b+c-a) = (a-c)(c+a-b) + c(b+c-a) > 0. >>915 >>918-919
難しすぎる。が、改造してみた。
a, b >0 に対して、ab(aa+bb-2)≧(ab-1)(a+b). >>922
a, b, c, r > 0 に対して (ab)^{r+1/2} (aa+bb-2cc) ≧ (ab-cc) (a+b) (cc)^r,
(略証)
(左辺) - (右辺)
≧ (a+b)(ab)^{r+1} - (a+b)(ab)^r・cc - (ab-cc)(a+b)(cc)^r
= (a+b)(ab-cc) [(ab)^r - (cc)^r]
≧ 0, >>915 + >>922
a, b >0 に対して、aabb(aa+bb-2) ≧ ab(ab-1)(a+b) ≧ (ab-1)(a+b).
つまり改造後の不等式は、より強い式でござる ( ゚∀゚) ウヒョッ!
調子に乗って、さらに改造すると、
a, b >0 に対して、{√(ab)}*(aa+bb-2) ≧ (ab-1)(a+b). >>923
(左辺) ≧ (a+b)(ab)^{r+1} - (a+b)(ab)^r・cc
= (a+b)(ab-cc)(ab)^r
≧ (a+b)(ab-cc)(ab)^(r-1) cc
≧ ……
≧ (a+b)(ab-cc)(ab)(cc)^(r-1)
≧ (a+b)(ab-cc)(cc)^r
= (右辺), (1) a,b,c∈Rに対して、
(a^5+b^5+c^5)^2 ≧ 3abc(a^7+b^7+c^7).
(2) x,y,z>0, xyz=1に対して、
(x^10+y^10+z^10)^2 ≧ 3(x^13+y^13+z^13). >>522 (D1)
f '(x) < (3/2)^(1/3) f(x) = 1.14471424 f(x),
60th Putnam (1999/Dec/04) B-4
〔補題〕
lim(x→-∞) F(x) ≧0,
F '(x) > 0 for all x∈R
ならば
F(x) > 0 for all x∈R
(背理法で示せる。)
g(x) = (3/2)f(x)^3 - {f '(x)}^3,
とおくと
g '(x) = 3f '(x) {(3/2)f(x)^2 - f '(x)f "(x)} ≡ 3f '(x) h(x),
h '(x) = 3f(x) f '(x) - f '(x) f '''(x) - {f "(x)}^2
= f '(x) {f(x) - f '''(x)} + {2f(x) f '(x) - [f "(x)]^2}
≡ f '(x) {f(x) - f '''(x)} + L(x),
L '(x) = 2f '(x){f(x) - f '''(x)} + {f '(x)}^2 > 0,
補題により
L(x) = 2f(x) f '(x) - [f "(x)]^2 > 0,
h '(x) > 0,
補題により
h(x) = (3/2)f(x)^2 - f '(x)f "(x) > 0,
g '(x) > 0,
補題により
g(x) = (3/2)f(x)^3 - {f '(x)}^3 > 0,
f '(x) < (3/2)^(1/3) f(x), >>522 (D1) >>928 >>929
Inequalitybot [143] >>927 (2)
>>515 を参照ウオ。
〔補題〕 >>533 >>534
(A^3+B^3+C^3)^2 ≧ (AB+BC+CA)(A^4+B^4+C^4), >>929 訂正
L '(x) = 2f "(x) {f(x) - f '''(x)} + 2{f '(x)}^2 > 0,
でした、 (1)
a,b,c∈R, r>0 に対して、
a(b+c)^r + a(b+c)^r + a(b+c)^r ≧0.
(2)
a,b,c>0 に対して
√(aa+ab+bb) + √(bb+bc+cc)√(cc+ca+aa) ≧ 3√(ab+bc+ca).
(3)
a,b,c∈R に対して、次式をみたすkの最大値を求めよ.
abc(a+b+c)^2 ≧ k(ab+bc+ca)(a+b-c)(b+c-a)(c+a-b).
------------------------------------------
http://www.imomath.com/othercomp/Journ/ineq.pdf
1831, 1394, 1120 >>931
>>533 >>534 より
(A^3 + B^3 + C^3)^2 - (AB+BC+CA)(A^4 + B^4 + C^4) = F_0(A, B, C) F_0(AA, BB, CC) + F_1(BC, CA, AB) ≧ 0,
F_n(x,y,z) = (x^n)(x-y)(x-z) + (y^n)(y-z)(y-x) + (z^n)(z-x)(z-y) ≧ 0, >>933
1831. (p.74)
a,b,c ∈ R, r>0 は奇数 のとき
a(a+b)^r + b(b+c)^r + c(c+a)^r ≧ 0,
1394. (p.51)
(略解)
AM-GM で
(左辺) ≧ 3{(ab+bb+aa)(bb+bc+cc)(aa+cc+ca)}^(1/6)
≧ 3√(ab+bc+ca), (←コーシー)
1120. (p.34)
(略解)
a,b,c ≧ 0 とする。
{b+c-a, c+a-b, a+b-c} の中の2つの和は非負だから、負であるものは高々1つ。
いずれかが負の場合は、任意のk>0 について
(左辺) ≧ 0 ≧ (右辺).
以下では b+c-a≧0, c+a-b≧0, a+b-c≧0, k=3 とする。
(左辺) - (右辺) = abc(a+b+c)^2 - 3(ab+bc+ca)(a+b-c)(b+c-a)(c+a-b)
= c(a+b-c)(3a+3b-c)(a-b)^2 + a(b+c-a)(3b+3c-a)(b-c)^2 + b(c+a-b)(3c+3a-b)(c-a)^2 ≧ 0,
等号成立は a=b=c のとき。 >>933
1126. (p.34)
0 < x ≦ 1 に対して次を示せ。
x < sinh(x) < 3x/{1+1+√(1-xx)} < tan(x),
1270. (p.44)
x>0 に対して次を示せ。
x/√(1+xx) < tanh(x) < √{1-exp(-xx)} < x, >>933 >>935
> (2)
> a,b,c>0 に対して
> √(aa+ab+bb) + √(bb+bc+cc)√(cc+ca+aa) ≧ 3√(ab+bc+ca).
my collection に次式を発見、しかし詳細不明。
a,b,c∈R に対して、
√(aa+ab+bb) + √(bb+bc+cc)√(cc+ca+aa) ≧ (3/2)*(a+b+c). >>859-861
n≧4では、逆向きが成り立つという仮説を立ててみた。
n=2,3のとき、 (3/4)*(1 + A/H)^2 ≧ (A/G)^n + (G/H)^n + 1
n≧4のとき、 (3/4)*(1 + A/H)^2 ≦ (A/G)^n + (G/H)^n + 1 >>887
4文字だと証明が大変そうだけど、いい方法あるんですか? a,b,c,d>0 に対して、
9*(1/a^2 + 1/b^2 + 1/c^2 + 1/d^2) + 48/(aa+bb+cc+dd)
≧ 8{1/(ab) + 1/(ac) + 1/(ad) + 1/(bc) + 1/(bd) + 1/(cd)}.
等号は a = 3b = 3c = 3d.
検索中に見つけた。ちゃんと成り立つのかな?
http://www.mathoe.com/dispbbs.asp?boardID=107&ID=44556 >>938
n≧4 のとき
(右辺) = (A/G)^n + (G/H)^n + 1^n
≧ 2(A/H)^(n/2) + 1 (AM-GM)
≧ (3/4){1 + (A/H)^(n/4)}^2,
2xx +1 - (3/4)(x+1)^2 = (x-1)(5x-1)/4 ≧ 0, (x≧1)
>>939
That's what I wanna know. (それは こっちが訊きたい...)
>>940
5点で等号成立ですね…
(a,b,c,d) = (1,1,1,1) (3,1,1,1) (1,3,1,1) (1,1,3,1) (1,1,1,3) >>937
xx+xy+yy = (3/4)(x+y)^2 + (1/4)(x-y)^2 ≧ (3/4)|x+y|^2,
より
(左辺) ≧ (√3)/2・(|a+b|+|b+c|+|c+a|)
≧ (√3)/2・|2a+2b+2c|
= (√3)|a+b+c|,
ab+bc+ca ≧ 0 ならば 1394. が成立。 >>933 (2) >>937
a,b,c∈R に対して、
√(aa+ab+bb) + √(bb+bc+cc) + √(cc+ca+aa) ≧ (3/2)*|a+b+c|.
[証]
xx+xy+yy - (x+ y/2)^2 = (3/4)*y^2 ≧0
∴ √(xx+xy+yy) ≧ |x+ y/2|
√(aa+ab+bb) + √(bb+bc+cc) + √(cc+ca+aa)
≧ |a+ b/2| + |b+ c/2| + |c+ a/2|
≧ |(a+ b/2) + (b+ c/2) + (c+ a/2)|
= (3/2)*|a+b+c|.
等号成立条件は a=b=c=0.
---------------------
>>942の等号成立条件は a=b=c だから、上式は緩くて次式が良いってことですかね?
√(aa+ab+bb) + √(bb+bc+cc) + √(cc+ca+aa) ≧ (√3)|a+b+c|. >>938
n≧4 のとき
(A/G)^n + (G/H)^n + 1 ≧ 3([(A/G)^2 + (G/H)^2 + 1]/3)^{n/2} ≧ 3([(A/H) + (A/H) + 1]/3)^{n/2},
(A/G)^n + (G/H)^n + 1 ≧ (A/H)^{n/2} + (A/H)^{n/2} + 1≧ 3([(A/H) + (A/H) + 1]/3)^{n/2},
もある… >>865
n=3 は 16x^3 +63x^2 -42x -25 = 0 の根
n=4 は 729x^5 +3923x^4 +9002x^3 -42x^2 -5107x -1849 = 0 の根。
min{(A-G)/(G-H)} ≧ 4(n-1)/nn, …… Sqing の評価 (2018/June/03)
http://artofproblemsolving.com/community/c6h422665p2389389 〔問題2969〕
aa+bb+cc = 2 のとき
{3 - (ab+bc+ca)}^3 /{(a+b-c)(b+c-a)(c+a-b)}^2 ≧ 27/8,
(by K. Chikaya)
http://suseum.jp/gq/question/2969
http://www.casphy.com/bbs/highmath/472060/ (不等式2-324) a,b,c>0 に対して、
(a+b+c)(1/a + 1/b + 1/c) ≧ 1 + 24(aa+bb+cc)/{(a+b+c)^2}. 最近の不等式botの、食べ物の写真のノイズが邪魔過ぎる。 >>951
京都市左京区一乗寺 「つけ麺 惠那く」
http://kyotopi.jp/articles/7dhfJ
大盛り450gです。(プラス100円)
多麺体だ〜 >>950
s = a+b+c,u = abc とおく。
(左辺) - (右辺)
= {c(a-b)^2 + a(b-c)^2 + b(c-a)^2}/u - (8/ss){(a-b)^2 + (b-c)^2 + (c-a)^2}
= (c/u -8/ss)(a-b)^2 + (a/u -8/ss)(b-c)^2 + (b/u -8/ss)(c-a)^2
= p(a-b)(a-c) + q(b-c)(b-a) + r(c-a)(c-b),
(b+c)ss ≧ 4a(b+c)^2 ≧ 4a(4bc) = 16u より p = (b+c)/u -16/ss ≧ 0,
同様にして
q = (c+a)/u - 16/ss ≧ 0,
r = (a+b)/u - 16/ss ≧ 0,
また、(a,b,c) と (p,q,r) は逆順序だから、Schur の拡張により
p(a-b)(a-c) + q(b-c)(b-a) + r(c-a)(c-b) ≧ 0, >>953
瞬殺ですな、乙でござる。
さて、>>950を書き込む際に出典を探したが見つけらず。
おそらく Vasile Cirtoaje だろうが、検索したが閲覧できず。
2年前には未完成のpdfが閲覧できたが、2018.07以降の書籍化が原因だろう。
7.Cirtoaje V. - Mathematical Inequalities, Volumes 1-5 (p. 344, 400, 486, 522, 544), Lambert Academic Publishing, 2018.
http://ac.upg-ploiesti.ro/vcirtoaje/vcirtoaje.php >>950 >>953
Cauchyより強ければよかったのに。 >>950
4点で等号が成立
(a,b,c) = (1,1,1) (2,1,1) (1,2,1) (1,1,2)
p=0 q=0 r=0
…てことは、これで最良でござる。 >>955 >>956
ほんとだ、不等号の向きを勘違いしていた。つまりこういうことですな。
a,b,c>0 に対して、
(a+b+c)(1/a + 1/b + 1/c) ≧ 1 + 24(aa+bb+cc)/{(a+b+c)^2}.≧9. (1) a,b,c∈R に対して、(aa+bb+cc)^2 ≧ 3(a^3b+b^3c+c^3a).
(2) a,b,c,d>0, abcd=1 に対して、a^4b+b^4c+c^4d+d^4a ≧ a+b+c+d.
(3) a,b,c>0 に対して、3/4 ≦ Σ[cyc] ab/{(b+c)(c+a)} < 1. >>958
(1)
A = aa -bb +3bc,
B = bb -cc +3ca,
C = cc -aa +3ab,
とおくと
(左辺) - (右辺) = {(A-B)^2 + (B-C)^2 + (C-A)^2}/6 ≧ 0,
>>244 (1) >>247
(2) AM-GMで
{23(a^4)b +7(b^4)c +11(c^4)d +10(d^4)a}/51 ≧ a(abcd) = a,
巡回的にたす。
(3)
右)
(中辺) = 1 - 2abc/{(a+b)(b+c)(c+a)} < 1,
左)
(中辺) - 3/4 = {(a+b)(b+c)(c+a)-8abc}/(a+b)(b+c)(c+a) ≧ 0, (AM-GM) >>958 (2)
ついでだけど、n文字の場合も AM-GM で
Σ[j=1,n] k_j (a_j)^n a_{j+1} ≧ a_1(a_1・a_2…a_n) = a_1,
巡回的にたす。
k_j = 1/(n+1) - (-1)^j・n^{n-j}/[n^n - (-1)^n] > 0,
a_{n+1} = a_1, >>958-959
(1)は Vasc's Inequality というらしい。
Vascって人名かな?
https://i.imgur.com/FSQSdQY.jpg a,b,c>0, aa+bb+cc=3 に対して、
(a^5)/(b^3+c) + (b^5)/(c^3+a) + (c^5)/(a^3+b) ≧ (3/2)*(abc)^2.
バスク大佐の不等式を使って証明できるらしい… >>963
aa+bb+cc = S とおく。
a(b^3 +c) + b(c^3 +a) + c(a^3 +b) = (ab^3 +bc^3 +ca^3) + (ab+bc+ca) ≦ SS/3 + S, (>>958 (1))
コーシーで
{a(b^3 +c) + b(c^3 +a) + c(a^3 +b)}(左辺) ≧ (a^3 +b^3 +c^3)^2 ≧ (aa+bb+cc)^3 /(1+1+1) = (1/3) S^3,
∴ (左辺) ≧ (S^3)/(SS+3S) = SS/(S+3), >>959 (1)
4点で等号成立。
A=B=C より
(a, b, c) = (1, 1, 1) (1, 1+t, 3+1/t) = (1, 1+t, tt-3t-1)
t は t^3 -3t^2 -4t -1 = 0 の根
t = -0.69202147163 -0.3568958679 4.0489173395 n次元ベクトル a_1、…、a_m の相加平均を A = (a_1+…+a_m)/m とおく。
任意のn次元ベクトル x に対して、
Σ[k=1 to m] |a_k - x|^2 = Σ[k=1 to m] |a_k - A|^2 + m*|x - A|^2.
むむっ、不等式じゃないな… どれも-1以上である実数a,b,c,d,eはa+b+c+d+e=5であるという
このときの(a+b)(b+c)(c+d)(d+e)(e+a)の最大値と最小値を求めよ
2019年度中国数学オリンピック第一問 >>966
n次元ベクトル y = (y_1, y_2, …, y_n) に対して
|y|^2 = (y_1)^2 + (y_2)^2 + …… + (y_n)^2
∴ n個の成分に分けて考え、和をとればよい。
∴ n=1 (スカラー) の場合に帰着する。
a_k - x = (a_k - A) - (x - A),
(a_k -x)^2 = (a_k - A)^2 - 2(a_k - A)(x - A) + (x - A)^2,
となるが、右辺第2項は 和をとれば
納k=1,m] (a_k - A) = (a_1 + a_2 + … + a_m) - mA = 0,
となって消える。 >>967
最大値 32 a=b=c=d=e=1 のとき。
最小値 -512 {a,b,c,d,e} = {9,-1,-1,-1,-1} のとき。
かな >>951
大阪の「三豊麺」もある。
http://sanpomen.jp/
重量(茹で上がり)
並盛 1玉 350g
大盛 1.5玉 550g
特盛 2玉 750g
山盛 2.5玉 900g (+100円)
(ミツトヨの秤で量ったんぢゃないけど)
大阪のみなみ周辺では、千日前、体育館前、日本橋に店舗があります。 >>970
もしかして面白いと思って書いているのだとしたら、反省した方がいいでござるよ。
荒らすのは止めましょう。 >>968-969、>>972
たとえば、(a,b,c,d,e) = (-1,-1,-1,4,4)のとき、288.
この手の不等式を見たときに、方針がぱっと出てこない悲しさ。 最大値や最小値をとるときの変数に、限界値の-1が入るのは理由があるのかな? >>967
(1) a,b,c>-1, a+b+c=3 のとき、-32≦(a+b)(b+c)(c+a)≦8.
(2) a,b,c,d>-1, a+b+c=4 のとき、-48≦(a+b)(b+c)(c+a)≦144.
(3) a,b,c,d,e>-1, a+b+c+d+e=5 のとき、-512≦(a+b)(b+c)(c+d)(d+e)(e+a)≦288. 書き直し
>>967
(1) a,b,c>-1, a+b+c=3 のとき、-32≦(a+b)(b+c)(c+a)≦8.
(2) a,b,c,d>-1, a+b+c=4 のとき、-48≦(a+b)(b+c)(c+d)(d+a)≦144.
(3) a,b,c,d,e>-1, a+b+c+d+e=5 のとき、-512≦(a+b)(b+c)(c+d)(d+e)(e+a)≦288. >>976
また書き間違ってるな (2)の条件のところ もう一度書き直し
>>967
(1) a,b,c>-1, a+b+c=3 のとき、-32≦(a+b)(b+c)(c+a)≦8.
(2) a,b,c,d>-1, a+b+c+d=4 のとき、-48≦(a+b)(b+c)(c+d)(d+a)≦144.
(3) a,b,c,d,e>-1, a+b+c+d+e=5 のとき、-512≦(a+b)(b+c)(c+d)(d+e)(e+a)≦288. 〔予想〕
a_1, a_2, …, a_n ≧ -1, a_1+a_2+…+a_n = n, のとき
・n:奇数 (n≧5) ならば
-(2^n)(n-1)^2 ≦ Π(a_j + a_{j+1}) ≦ 2^{n-2} (n-2)^2 (n-1),
・n:偶数 ならば
-2^{n-2} (n-2)^2 (n-1) ≦ Π(a_j + a_{j+1}) ≦(2^n)(n-1)^2,
「良そう」「止そう」と意見が割れるかも知りませぬが…
(不等式スレも平成のうちに2桁に到達でござる。思えば長い道でござった。) 第1章が2003年。
スレ立て放置されていた不等式スレを占拠して15年も経つのか…。 [初代スレ.019]
いいよ!
[初代スレ.034]
正の数 a,b,x,y,X,Y に対して
(axX+byY)^3 ≦ (a^3+b^3)(x^3+y^3)(X^3+Y^3),
(右辺) - (左辺)
= (axY)^3 + (ayX)^3 + (bxX)^3 -3(byY)(axX)^2
+ (bxY)^3 + (byX)^3 + (ayY)^3 -3(axX)(byY)^2
= (axY)^3 + (ayX)^3 + (bxX)^3 -3(axY)(ayX)(bxX)
+ (bxY)^3 + (byX)^3 + (ayY)^3 -3(bxY)(byX)(ayY)
≧ 0, (AM-GM)
スッキリ。
[初代スレ.039]
(参考書)
秋山 仁 + ピーター・フランクル「[完全攻略] 数学オリンピック」日本評論社 (1991/Nov)
p.24-25 [例4-3] 懐かしい。当時は tanスレや nCrスレや、おいらには解けないスレとかあったよなぁ…。
パソコンを何度も買い替えて、今となっては過去ログが見れないが。 >>979
(1) a+b, b+c, c+a のうち負は高々1個。
a+b, b+c, c+a ≧0のとき、AM-GMより、
0 ≦ (a+b)(b+c)(c+a) ≦ [ {(a+b)+(b+c)+(c+a)}/3]^3 = 8.
1つだけ負のとき、対称性から a+b < 0 ≦ b+c, c+a としてよい。
このとき、条件より 3<c≦5 で、AM-GMより、
0 ≦ -2(a+b)(b+c)(c+a) ≦ [ {-2(a+b)+(b+c)+(c+a)}/3]^3 = (c-1)^3 ≦ 64.
(証明終) 〔補題〕
正の実数a,b,cに対して
[1] (b/a) + (c/b) + (a/c) - {a/(b+c) + b/(c+a) + c/(a+b)} ≧ (ab+bc+ca)^2 /{2(a+b+c)abc} ≧ 3/2,
[2] a/(b+c) + b/(c+a) + c/(a+b) ≧ (a+b+c)^2 /2(ab+bc+ca) ≧ 3/2,
(略証)
[1]
(左辺) - (右辺)
= ab/(c(b+c)) + bc/(a(c+a)) + ca/(b(a+b))
= (ab+bc+ca)^2 /{abc[(b+c) + (c+a) + (a+b)]}
≧ (ab+bc+ca)^2 /{2(a+b+c)abc}, (←コーシー)
JMO-2004、[初代スレ.058]
[2] もコーシーで出る。
なお、1/a = A, 1/b = B, 1/c = C とおくと
(ab+bc+ca)^2 /{(a+b+c)abc} = (A+B+C)^2 /(AB+BC+CA),
(a+b+c)^2 /(ab+bc+ca) = (AB+BC+CA)^2 /{(A+B+C)ABC},
(類) Nesbitt-Igarashi >>627 >>835 >>980
偶奇で異なることを見抜いたのは、何かコツがあるの? >>985
辺々たして…
[3] (b/a) + (c/b) + (a/c) ≧ tt/2su + ss/2t ≧ √(st/u) ≧ 3,
ここに s = a+b+c, t = ab+bc+ca, u = abc.
st-9u = a(b-c)^2 + b(c-a)^2 + c(a-b)^2 ≧ 0, >>986
{-1,……,-1,2n-1} のとき (-1)^n・(2^n)(n-1)^2
{-1,…,-1,n-1,n-1} のとき - (-1)^n・2^{n-2} (n-2)^2 (n-1)
かとオモタ。 >>979
よく見たら、条件式のa,b,c>-1のところが、書き間違ってるな。
正しくは a,b,c≧-1など。 >>979
(1)
a+1=A, b+1=B, c+1=C とおくと、問題は
『A,B,C≧0, A+B+C=6 のとき、32≧(A-4)(B-4)(C-4)≧-8』.
A+B+C=s(=6), AB+BC+CA=t, ABC=u とおくと、不等式は 0≦4t-u≦40.
う〜む、非同次は難しい。
s=6だから、無理やり同時にすると、0≦2st-3u≦120.
これではダメか…。 >>990 (1)
s, t, u で表わせば
(与式) = (a+b)(b+c)(c+a)
= (A+B - s/3)(B+C - s/3)(C+A - s/3)
= (2s/3 - C)(2s/3 - A)(2s/3 - B)
= -4(s/3)^3 + (2/3)st -u,
(与式) = - 4(s/3)^3 + (1/9){5st+(st-9u)} ≧ -4(s/3)^3,
(与式) = (s/3)^3 - (2/27)s(ss-3t) - (1/9)(s^3 -4st+9u) ≦ (s/3)^3, >>990の続きだけど、これで合ってるかな?
> (1) a,b,c>-1, a+b+c=3 のとき、-32≦(a+b)(b+c)(c+a)≦8.
>
> a+1=A, b+1=B, c+1=C とおくと、問題は
> 『A,B,C≧0, A+B+C=6 のとき、32≧(A-4)(B-4)(C-4)≧-8』.
>
> A+B+C=s(=6), AB+BC+CA=t, ABC=u とおくと、不等式は 0≦4t-u≦40.
s=6を使って、同次化して、0 ≦ 9(2st-3u) ≦ 5s^3.
これを証明する。
右側 : 5s^3 - 9(2st-3u) = 5(s^3-4st+9u) + 2(st-9u) ≧0.
左側 : 9(2st-3u) = 15st + 3(st-9u) ≧0. >>992
正解です!
なお、
st - 9u = a(b-c)^2 + b(c-a)^2 + c(a-b)^2 ≧ 0,
s^3 - 4st + 9u = a(a-b)(a-c) + b(b-c)(b-a) + c(c-a)(c-b)
= {ab(aa-bb)^2 + bc(bb-cc)^2 + ca(cc-aa)^2}/{(a+b)(b+c)(c+a)}
≧ 0,
http://dic.nicovideo.jp/a/シューアの不等式 >>979
(2)を>>984のように場合分けして解こうとしているんだけど、うまくいかん。 >>984 >>986 >>989 >>990 >>992 >>994
続きは次スレで…
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|::::: (● (● | グッジョブ!
ヽ::::... .ワ....ノ n
 ̄ ̄ \ ( E)
フ /ヽ ヽ_//
[初代スレ.998] ハァハァ ∩
( ⌒)_ ∩_ _ グッジョブ!!
グッジョブ!! .___ //,. ノ≧ \ .i .,,E)__
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( l |::●) ●) .| /:::... .ワ ....ノ/(● (● | グッジョブ!!
\ \ヽ:::::.∀ .ノ /ヽ:::::... .▽....ノ n
ヽ__ ̄ ノ ヽ |  ̄ \ ( E)
/ / \ ヽ フ / ヽ ヽ_//
[第5章.991] ___
./ ≧ \ 神降臨キタ━(゚∀゚)━!!!
|:::: \ ./ | ハァハァ
|::::: (● (● |
ヽ::::... .∀....ノ / チン ☆
_( ⊃ ⊃ チン ☆
|\ ̄ ̄ ̄ ̄旦 ̄\
| | ̄ ̄ ̄ ̄ ̄ ̄ ̄|
\| 愛媛みかん |
 ̄ ̄ ̄ ̄ ̄ ̄ ̄
[第5章.996] "; ;ヾ; ;ヾ; ;メヾ "ゞ ;ヾ ;ゞ ;" "ゞ ; ; ; ゞ ;" "ゞ";ヾ ; ヾ ;ゞ; ;ゞ ;ゞ ;" "ゞ /. ヽ
;" "ゞ ; ; ; ゞ ; ;ヾ ; ; ヾ ;ゞ;ヾ ; ;";ヾ; ;"/" ; ;ヾ ;ヾ; ヾ ; ヾ ;ゞ; ;ゞ ;" ";ゞ ; ;ヾ l l
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ゞヾ ; ;" ; ; ;; ;"iiiiii;;;;;::::: :)_/ヽ,.ゞ:,,ヾゞヾゞ__;::/ ` ` ` ー ─ ' `
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,|iiii;iiii;;;;:;_ _: :| ___ 秋の夜長に不等式 ` ` `,
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` |iiiiiiii;;;;ii;;;;;;;;::|::::: (● (● | ` ゙ ` ヾ'./"
|iiiiii;iii;;;;i;;:: ::::|ヽ::::......ワ...ノ ○ .||. ,
` |iii;;iiiii;::;:;;;;::::::| ( つ且 ~ ` ○○ | |
, , .,.. ,..M|M|iMii;;ii:i;;i:i;:; ゝ つつ.,.. ,...... ,.... ,,,.,.. ,.... ,,,.,.. ,..,,,,.,...,..,.,| ̄ ̄|,.,..( ).. ,,,..,,.. ,.... ,,,.,...,.. .. ,.... ,,,.,.. ,.... ,,,
[前スレ.998] _| ::|_
 ̄| ::|/| ┌──┐
| ::| | .┌──┐| ∧_∧ いいな、俺たちの誰かが殉職したら・・
/|_| |┌──┐| ∧_∧|(・ω・` )
|文| | | ∧_∧( )⊂ )
| ̄| | | ( )⊂ ) (_Ο Ο :::
| ::| | | ⊂ ) (_Ο Ο わかってる、生き延びた奴が
| ::|/ .|_ (_Ο Ο ::::::::: :::::: 不等式を収集し、証明する !
| ::| :::::::::::::::::::::::::::::::: 俺たちゃ死んでも仲間だぜ !!
[前スレ.999] ┏━━━┓
┃ Q.E.D. ┃
┗━┳━┛
( ゚∀゚) ノ
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