面白い問題おしえて〜な 二十四問目 [無断転載禁止]©2ch.net
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面積最大のn角形が「存在する」ことを証明するには、たとえば >>887 を拝借して、
A ＝ { (θ_1,...,θ_n)｜θ_i≧0, Σ(i=1,n)θ_i=2π }
S：A → R
S(θ_1,...,θ_n) ＝ (1/2)Σ(i=1,n)sin(θ_i)
として関数 S を定義すればよい。このとき、S は A 上の連続関数であり、
かつ A はコンパクトなので、S は最大値を持つことが分かる。
すなわち、面積最大のn角形は「存在する」ことが分かる。
……というように、面積最大のn角形の「存在性」を言うには、
それなりの抽象論が必要になって、なかなか初等的にはいかない。
初等的に済むのは、>>887 のように、ある種の不等式を使って、
直接的に「正n角形が面積最大」を示すことである。
そういう方法ではない、>>884 のような方針を使う場合には、
面積最大のn角形の「存在性」を示す必要があって、
そうすると上記のように それなりの抽象論が必要になる。 >>892
＞としなければならない。しかし、これでは面積が最大のn角形の「存在性」を
＞最初に仮定してしまっている
していませんよ >>894
もともとの(1)では仮定していないが、その(1)では(2)が推論できずに失敗するので、
(2)を推論したければ (1)' に修正しなければならない。しかし、(1)' では
面積が最大のn角形の「存在性」を仮定してしまっているので、これでは意味が無い。
結局、>>891のやり方はいずれにしても失敗する、ということ。 それじゃ>>884を引用せずにやりますかの
円周の1点P0と、点P0と中心角2πk/nをなす円周上の点Pk(1≦k＜n)を順に結んでできるn角形は円に内接する正n角形となる(存在性)
円に内接するn角形で、正n角形より面積の大きいものが存在すると仮定する。そのようなn角形は辺ごとに中心角が異なっていてはならないため正n角形でなければならない
円に内接するn角形は、円の中心から頂点までの距離が円の半径に等しい
円の中心と内接正n角形の各辺の両端を頂点とする三角形は中心角2π/nとそれを挟む辺が等しいため互いに合同である
この三角形の面積をS1とすると、同一の円に内接する正n角形はいずれも等しい面積nS1をもつこととなる。この性質は元の正n角形についても成立する
同一円に内接する正n角形の面積が互いに等しい事実は元の仮定と矛盾する(背理法)
円に内接する正n角形は存在し、正n角形より面積の大きいn角形は存在しない。よって正n角形は条件を満たす最大のn角形である >>896
(1) 円に内接するn角形で、正n角形より面積の大きいものが存在すると仮定する。
(2) そのようなn角形は辺ごとに中心角が異なっていてはならないため正n角形でなければならない
(1)から(2)への推論が間違っている。(1)に>>884と同じことをしても、(2)は出て来ない。 ＞円に内接するn角形で、正n角形より面積の大きいものが存在すると仮定する。そのようなn角形は辺ごとに中心角が異なっていてはならないため
そうはならないね。中心角が異なるn角形よりさらに大きなn角形が存在することしかいえない わかりました
結局は>>884の論法を拝借しても証明できないということですね。残念 >>893
n角形の面積が頂点の位置の連続関数かつ有界
ってことが言えれば>>884のやり方でも良いの？ >>900
面積最大のn角形が「存在する」ことが別途証明できているなら、>>884のやり方でよい。
で、面積最大のn角形が「存在する」ことの証明法の1つが>>893。
＞ n角形の面積が頂点の位置の連続関数かつ有界
「連続かつ有界な関数」は最大値を持つとは限らないので、その条件ではダメ。
「コンパクト集合上の連続関数」は最大値を持つので、チェックすべきはこっち。
>>893 の設定だと、A はコンパクトで S：A → R は連続なので、S は最大値を持ち、
よって面積最大のn角形が存在することになる。 >>874
リッツの変分原理を回りくどく出題したんだよね… >>875の答え
新しい三角形の3つの角は
∠ADB-60°
∠BDC-60°
∠CDA-60°
元の正三角形を2つくっつけると容易に導ける
https://youtu.be/dF67AJH9mjM >>902
新旧リッツの変分は、ルヴァンに忠実に含まれている。 >>888-889
θ_i > πの辺があるとき
・n=3 のとき
その辺の長さ ＜2，高さ ＜1 面積 ＜１
一方、正△の面積は（3/2)sin(2π/3）=（3√3)/4 ＞ 1
・n≧4 のとき
n角形は半円の内部に収まるから、面積 < π/2
一方、正n角形の面積は（n/2)sin(2π/n）≧ 2 （←（sinθ)/θ ≧ 2/π）
いずれの場合も面積最大ではない。
>>903
△ABCを頂点Aのまわりに60°回す。
B→C，C→E，D→F
△ADFは正△ (12371^56 + 34)^28 を 243 で割った余りを求めよ。 自然数nの各位の数字の和をS(n)とおくとき、S(n^2) = S(n)-7をみたすnの最小値を求めよ。 番外編第2問 完全なるネタ問です。暇な時にでもどうぞ。
[2'］（オリジナル）
x，yを自然数とする。
x^2 - y^2 =（x+y)(x-y)
を、「xy」を出現させずに示せ。
>>906
12371 ≡ -22 （mod 243)
(-22)^56 ≡ -83 （mod 243)
(-83+34)^28 ≡ (-49)^28 ≡ 130 （mod 243)
（twitter.com/perfectly08641086/） >>907
n=149， S(149）= 14， S(22201）= 7 >>879
遅くなったが○（必要性(AB上の点だけである)を言ってないが）
2交点を通る直線の、円の外部にある部分（1行解答） [5]
n，k を自然数とする。
次の条件を満たす k の値をすべて求めよ。
「n，n+k がともに平方数となるような n がただ一つに定まる。」
（日本ジュニア数学オリンピック2014年、予選 第6問 他 ｱﾚﾝｼﾞ）
（http://twitter.com/perfect08641086/） >>912
以下、自然数とは正整数のこととする。
n=NN,n+k=MMである自然数N,Mが存在する場合、k=(n+k)-n=MM-NN=(M+N)(M-N)となる
よって、kに対してkがM+NとM-Nの積となるような自然数の組(M,N)が１通りに定まる場合を求める
M+NとM-Nはともに異なる奇数であるか、ともに異なる偶数である
1)M+NとM-Nがともに異なる奇数である場合
kは奇数である。
kが3以上の異なる奇数K,L(K＞L＞1)の積KLである場合、
(M,N)=((KL+1)/2,(KL-1)/2),((K+L)/2,(K-L)/2)の少なくとも2通りの解がある
k=1の場合、M+N=M-N=1のため題意を満たさない
これらを除くとkが奇素数または奇素数の平方である場合のみ、単一解(M,N)=((k+1)/2,(k-1)/2)をもつ
2)M+NとM-Nがともに異なる偶数である場合
kは4の倍数である。
kが4以上の異なる偶数2K,2L(K＞L＞1)の積4KLである場合、
(M,N)=(KL+1,KL-1),(K+L,K-L)の少なくとも2通りの解がある
k=4の場合、M+N=M-N=2のため題意を満たさない
これらを除くとk/4が素数または素数の平方である場合のみ、単一解(M,N)=(k/4+1,k/4-1)をもつ
上記より、kは奇素数、奇素数の平方、素数の4倍、素数の平方の4倍のいずれかである。 >>268の解答
(1)
k=(aa+a+1)/(a+8)=a-7+57/(a+8)
57/(a+8)が整数になる自然数aはa=11,49
(2)
kが自然数ならば2kも自然数
2k=2(2aa+a+2)/(4a+9)=a-1+(-3a+13)/(4a+9)
a≧1で-1<(-3a+13)/(4a+9)<1かつaが整数のとき(-3a+13)/(4a+9)≠0だから、
aが自然数のとき2kが自然数になることはない。
よってkが自然数になることはない。
(3)
(i) b(aab+a+b)=aabb+ab+bb≦aabb+ab+abb<aabb+ab+7a+abb+b+7=(a+1)(abb+b+7)
∴(aab+a+b)/(abb+b+7)<(a+1)/b
(ii)
(a-1)(abb+b+7)/b=aab+a+7a/b-ab-1-7/b=aab+a-a(b-7/b)-1-7/b<aab+a-1-7/b<
=aab+a+b
∴(a-1)/b<(aab+a+b)/(abb+b+7)
(iii)
(a/b-1/b)<k<(a/b+1/b)より(a-1)<bk<(a+1)
a-1,a+1,bkはいずれも整数だからbk=a
(iv)
元の式よりk=(bbbkk+bk+b)/(bbbk+b+7)
∴bbbkk+bk+7k=bbbkk+bk+b⇔b=7k
確かに(a,b)=(11,1),(49,1),(7kk,7k)のときkは自然数である。
出典：IMO1998-4
誘導は勝手につけた で、本題なんだが、前スレで268を出題するつもりが、ミスにより
(a^2+a+b)/(ab^2+b+7)が自然数となるような自然数の組を求めよ
という問題文になってしまった（分子の第1項が違う）。
仕方なく解いてみたのだが、色々やってもa,bを上から抑えられずうまくいかなかった。
誰か挑戦してみてください。
＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝
【途中経過】
あるbを与えられたとき、aは次のように求められる。
kを自然数として
(a^2+a+b)/((b^2)a+b+7)=k
⇔a^2+(1-(b^2)k)a+b-bk-7k=0 …★
aが自然数解を持つための必要条件は判別式が平方数だから、mを非負整数として
(1-(b^2)k)^2-4(b-bk-7k)=m^2
⇔…
⇔((b^4)k-b^2+2b+14+m)((b^4)k-b^2+2b+14-m)=4(b^5-b^3-6b^2+14b+49)
例えばb=1のとき、右辺は228
素因数分解して左辺の候補を絞ると(k,m)=(7,16),(43,56)
★にkを代入すると
k=7のときa=11,-5
k=43のときa=49,-7
よって(a,b)=(11,1),(49,1)を得る。
これらは確かに与式を満たす。
この方法でb=10まで確認したところ、(a,b)=(11,1),(49,1),(17,2),(27,3)を得た。 >>915
(1-(b^2)k)^2-4(b-bk-7k)=m^2
⇔…
⇔((b^4)k-b^2+2b+14+m)((b^4)k-b^2+2b+14-m)=4(b^5-b^3-6b^2+14b+49)
のところがわからない
(1-(b^2)k)^2-4(b-bk-7k)≡((b^4)k-b^2+2b+14)^2-4(b^5-b^3-6b^2+14b+49)
と言ってるように見えるけどそうなの？ いや
最初に両辺にb^4かけてM=(b^2)mで置き換えてた
すまんな
(b^4)((1-(b^2)k)^2-4(b-bk-7k))=M^2=((b^4)k-b^2+2b+14)^2-4(b^5-b^3-6b^2+14b+49) >>918
わかりました
(1-(b^2)k)^2-4(b-bk-7k)=m^2 を k の2次方程式と見たときの判別式が
4(b^5-b^3-6b^2+14b+49)+((b^2)m)^2
ですが、これが平方数であって、
((b^4)k-b^2+2b+14)^2に等しいという言い方もできるわけですね >>915
a,bを自然数として、k=f(a,b)=(a^2+a+b)/(ab^2+b+7)とする
1) bが一定のとき、a≧bの範囲でf(a,b)はaについて単調増加であることを示せ
2) b≧4、n≧1のとき、f(nb^2-1,b)＜nを示せ
3) b≧4、n≧1のとき、f(nb^2,b)＞nを示せ
4) a≧1、b≧4の自然数について、f(a,b)は自然数とならないことを示せ
こんな感じですかね 球面上でランダムに選んだ4点からなる四面体が球面の中心を含む確率を求めよ。
厳密でなくてよい。エレガントな解答がある。 >>922
１/８かな
四面体のどの２頂点を選んでも、その２頂点を通る大円で分けられたそれぞれの半球面に残りの２頂点が１つずつ含まれることが、四面体が中心を含むための必要充分条件となる
３つの頂点をランダムに選んだとき、４つ目の頂点はそれら３つの頂点から２つを選んでできる３通りの大円について、１/２の確率で頂点のない半球に置かれる
点の選び方がランダムなので、大円の取り方は互いに独立と考えてよく、結果、四面体が円の中心を含む確率は(１/２)^３=１/８となる >>924
>> 四面体のどの２頂点を選んでも、その２頂点を通る大円で分けられたそれぞれの半球面に残りの２頂点が
>> １つずつ含まれることが、四面体が中心を含むための必要充分条件となる
必要条件だけど、十分条件ではないよ >>924
1/8正解
前半の必要十分条件については、特に反例は思い付かない
3本の直径と1個の点Pをランダムに選ぶ
それぞれの直径の端点を1つずつ選ぶ方法は2^3=8通りあるが、出来上がった四面体が球面の中心を含むのは1つのみ（選ばれなかった端点からなる球面三角形上にPがあるとき）
よって1/8
パトナム競争の問題
https://mks.mff.cuni.cz/kalva/putnam/psoln/psol926.html
この動画でも解説されている（円と三角形の場合から始めている）
https://youtu.be/OkmNXy7er84 互いに素なa、b∈Zと、任意のn∈Zに対して、ax+bとnが互いに素であるようなx∈Zが存在することを示せ。 >>930
任意のn∈Zというが、n=0は除く必要がある オイラーのφ関数について、gcd(a,b) = d >1 ならば、φ(ab)φ(g) = φ(a)φ(b)・d を示せ。 >>932
gcd(a,b）= d > 1 というが、a，bの一方だけを割り切るような素数がある場合は除く必要がある >>932
g=dと考えていい？
正整数a,bについてgcd(a,b)=dのときφ(ab)φ(d)=φ(a)φ(b)・dを示す。
正整数nについて、その素因数を{Pm}とするとき、φ(n)=n・Π{Pm}(1-1/Pm)
bと素である最大のaの約数をa1とする。
aと素である最大のbの約数をb1とする。
a1の素因数を{Ax}、b1の素因数を{By}、dの素因数を{Dz}とすると、
aの素因数は{Ax}∪{Dz}、bの素因数は{By}∪{Dz}である。
a1,b1はそれぞれdと素である。つまり、{Ax}∩{Dz},{By}∩{Dz}はいずれも要素を持たない。
a1とb1は素である。つまり、{Ax}∩{By}は要素を持たない。
a2=a/a1、b2=b/b1となる整数a2,b2があり、それぞれはdの倍数であるから、
a3=a2/d、b3=b2/dとなる整数a3,b3がある。
a=a1・a3・d、b=b1・b3・dとなる。
以上のことから、n=d,a,b,abについてφ(n)は以下となる。
φ(d)=dΠ{Dz}(1-1/Dz)
φ(a)=φ(a1・a3・d)=a1・a3・d・Π{Ax}(1-1/Ax)Π{Dz}(1-1/Dz)=a1・a3・φ(d)・Π{Ax}(1-1/Ax)
φ(b)=φ(b1・b3・d)=b1・b3・d・Π{By}(1-1/By)Π{Dz}(1-1/Dz)=b1・b3・φ(d)・Π{By}(1-1/By)
φ(ab)=φ(a1・a3・d・b1・b3・d)=a1・a3・d・b1・b3・d・Π{Ax}(1-1/Ax)Π{By}(1-1/By)Π{Dz}(1-1/Dz)
=(φ(a)/φ(d))(φ(b)/φ(d))φ(d)・d=(φ(a)φ(b)・d)/φ(d)
よって、φ(ab)φ(d)=φ(a)φ(b)・d lim[n→+∞] (1+(1/n))^n ≡ e (★)
lim[n→-∞] (1+(1/n))^n = e
lim[n→+0] (1+(1/n))^n = 1
lim[n→-0] (1+(1/n))^n = 1
lim[n→+∞] (1-(1/n))^n = 1/e
lim[n→-∞] (1-(1/n))^n = 1/e
lim[n→+0] (1-(1/n))^n = 1
lim[n→-0] (1-(1/n))^n = 1
lim[n→+∞] (1+n)^(1/n) =1
lim[n→+0] (1+n)^(1/n) = e
lim[n→-0] (1+n)^(1/n) = e
lim[n→-∞] (1-n)^(1/n) =1
lim[n→+0] (1-n)^(1/n) = 1/e
lim[n→-0] (1-n)^(1/n) = 1/e
★を定義として残りの式を示せ オイラーのφ関数は乗法的だから、素数pごとに分けて考えてよい。
（ab/d)・d = a・b
より
φ(ab/d)・φ(d) = φ(a)・φ(b)
φ(n) = n・Π{p_m｜n} (1-1/p_m) を使う。
>>937
lim [n→+∞] (1 + 1/n)^(n + 1/2) ≡ e (☆)
の方がカコイイ >>939
乗法的？
φ(2)=φ(3)=1
φ(6)=2≠φ(2)φ(3) >>940
間違えた
φ(2)=1
φ(4)=2≠φ(2)φ(2) >>941
φ(3)=2ね
φ(9)=6≠φ(3)φ(3) >>942
数論的関数の乗法性の定義を知らないのか >>942
実に実に実に実に実にぃ〜怠惰デスネ！ 一から、いえゼロから勉強し直してくるのです！ 思いついた問題はあるんだけど
出題するタイミングが分かんないんだよね
ここ2,3日に出た問題にレスが付かなそうだったら投下する >>932
d｜(ab/d）
つまり、ab/d は d の素因数をすべて含んでいる。
φ(ab/d）= φ(ab）/d,
>>939 にこれを使えば出るらしいよ。 暇なときにでもどうぞ
例えば8だと転置しても基本変形後の行列が変わらない事、及びσが置換全体を走る時σ^(-1)が置換全体を走る事使えば良いんですかね？
13は固有値使うと早いのかな？
17は基本変形を施す行列が正則であることから示せるね
...のような感じで答えてくださって構わないです
https://i.imgur.com/mMPwhK0.jpg >>932
φ(a)=a(1-1/p1)...(1-1/pi)(1-1/q1)...(1-1/qj)
φ(b)=b(1-1/p1)...(1-1/pi)(1-1/r1)...(1-1/rk)
φ(d)=d(1-1/p1)...(1-1/pi)
φ(ab)=ab(1-1/p1)...(1-1/pi)(1-1/q1)...(1-1/qj)(1-1/r1)...(1-1/rk)
φ(ab)φ(d)/φ(a)φ(b)=d >>939
> （ab/d)・d = a・b
>より
> φ(ab/d)・φ(d) = φ(a)・φ(b)
これってdがaやbとどういう関係の時に成り立つの？ >>953
d=gcd(a,b)のときだけじゃなく
d=aやd=bのときもだけど？ >>953
それとその等式が
d=gcd(a,b)
のときに成り立つことの証明は
結局の所それを使わず
φ(ab)φ(d)=φ(a)φ(b)d
を証明するのと同じじゃないの？ 【懸賞問題】
ab平面上の図形Aに対して、xy平面上の点の集合Bを
B={(x,y) | ∀(a,b)∈A, |ax+by|≦1}
と定義する。
Aが単位円のとき、Bはどのような図形になるか？(Aの面積)*(Bの面積)はいくつか？これより大きくなる例を見つけた場合1億円差し上げます。
Aが{(a,b) | |x|≦1, |y|≦1}の正方形のとき、Bはどのような図形になるか？(Aの面積)*(Bの面積)はいくつか？これより小さくなる例を見つけた場合1億円差し上げます。 訂正
下の設問はA={(a,b) | |a|≦1, |b|≦1} 【懸賞問題その2】
abc空間上の図形Aに対して、xyz空間上の点の集合Bを
B={(x,y,z) | ∀(a,b,c)∈A, |ax+by+cz|≦1}
と定義する。
Aが単位球のとき、Bはどのような図形になるか？(Aの体積)*(Bの体積)はいくつか？これより大きくなる例を見つけた場合1億円差し上げます。
Aが{(a,b,c) | |a|≦1, |b|≦1, |c|≦1}の立方体のとき、Bはどのような図形になるか？(Aの体積)*(Bの体積)はいくつか？これより小さくなる例を見つけた場合は教えてください。 >>957
A={(1,0),(0,1)}
(Aの面積)*(Bの面積)=0 それは面積を持たないし、平面図形じゃないですね。
Aは中身のつまった面積のある図形です。 頭の悪い奴だな
そんな条件はないし面積０を持ってる
面積０とかが嫌なら少し膨らませて長方形とかにすればいい >>962
試しにその少し膨らませた長方形で計算してみてください。 A={(a,b)|1≦a+b≦1+t,-1≦a-b≦1}
B⊂{(x,y)||1x+0y|≦1,|0x+1y|≦1}={(x,y)||x|≦1,|y|≦1}
Aの面積=t
Bの面積≦4
(Aの面積)*(Bの面積)≦4t >>966
どれが間違い
(1) B⊂{(x,y)||1x+0y|≦1,|0x+1y|≦1}
(2) {(x,y)||1x+0y|≦1,|0x+1y|≦1}={(x,y)||x|≦1,|y|≦1}
(3) {(x,y)||x|≦1,|y|≦1}の面積は4
(4) Bの面積≦4 やはりこのスレのレベルでは手に終えないようですね。
有効な回答が出ないようなので、懸賞問題は締切とさせていただきます。
次回にご期待ください。 gcd(a,b)=1 をみたす a、b∈Z と、任意の n∈Z (n≠0) に対して、gcd(ax+b,n)=1 をみたす x∈Z が存在することを示せ。 >>970
n≠0 の約数のうち、bと素な最大の約数をｘとする。(*)
gcd(ax+b，x）=gcd（b，x）= 1 … (1)
また、題意より
gcd（a，b）= 1,
gcd(ax+b，b）= gcd(ax，b）= 1,
n/x の素因数はすべてbの素因数だから ←(*)
gcd(ax+b，n/x）= 1 … (2)
(1)(2)より、
gcd(ax+b，n）= 1. 検算において、九去法よりも11去法の方が誤りの検出力が強いのは何故か？ 簡単に解ける幾何の問題を一つ作ってみた
問．点Oを中心とする半径1の円と、点Aがあり、OA=2とする。
円周上に点P,Q,Rをとり、Oから直線APへの距離は1/2とする。
また、AP上P側に点XをAX=5となるように取り、
さらに、AQ上、AR上それぞれQ,R側に点Y,Zを取ると、
四角形PQYX,及び四角形QRZYはそれぞれ円に内接するという。
∠XYZ=120°の時、XZの長さを求めよ。 (1) 0<θ<πで、2-2cosθと(sinθ)^2の大小を比較せよ。
(2) πを下から抑えるとき、円に内接する正多角形の周長と面積のどちらを用いるのがよいか。
(3) πを上から抑えるとき、円に外接する正多角形の周長と面積のどちらを用いるのがよいか。
（参考）
一般の平面図形で、与えられた周長で面積が最大となるものは円である（等周問題）。
従って、ある平面図形の周長が2πより短いとき、(周長の半分の数値)>(面積の数値)である。 >>975
(1)
(2-2cosθ)-(sinθ)^2＝(1-cosθ)^2
0<θ<πで、cosθ＜1なので2-2cosθ＞(sinθ)^2 平面上にn個の異なる点を配置する。何の2点間の距離も、必ず或る2つの実数値の何方かを取るようにn個の点を配置することを考える。n=3の時は、二等辺三角形をなす様に配置する例がある。
1) n=4の時、点の配置を全て求めよ。
2) n=5の時、点の配置は正五角形に限ると言えるか。
3) n=6の時、条件を満たす点は位置は存在しないことを示せ。 >>980
１）
・正3角形＋その中心 （√3）
・正方形 （√2）
・正5角形−1頂点 （√5 -1)
・60°の菱形：合同な2つの正3角形を辺で張り合わせた形 （√3） >>981
正三角形の頂点３つと、その１つから対向する辺へ垂線を下ろしたとき、その垂線の延長線上に４つ目の点の候補があと２つある >>982
こう言い変えてみる
平面上の円に対して
・中心角30度をなして等間隔に並ぶ円周上の3点および円の中心
・中心角60度をなして等間隔に並ぶ円周上の3点および円の中心(>>980の4番目の解)
・中心角72度をなして等間隔に並ぶ円周上の4点(>>980の3番目の解)
・中心角90度をなして等間隔に並ぶ円周上の4点(>>980の2番目の解)
・中心角120度をなして等間隔に並ぶ円周上の3点および円の中心(>>980の1番目の解)
・中心角165度をなして等間隔に並ぶ円周上の3点および円の中心 >>982
１）
・正三角形（辺長=L）と、１頂点から対辺の方向に±Lだけずれた点。（(√3 干1)/√2 = 2sin（45ﾟ干30ﾟ） 我ながら素敵な問題なので皆さん頑張って下さい
エレガントな解を待っています ３次元でやるとどうなるかってのが興味深い
ところで次スレたてられる人いますか？ 974
そんな難しいかね。簡単にとける思うんだけど。 >>980
（２）
5点のうちの1点を取り去れば、（１）のどれかになるはず。 >>983
>>991
スレ立て乙 レス数が950を超えています。1000を超えると書き込みができなくなります。
